推理与证明题型全归纳(AB卷)
第五节合情推理与演绎推理
1.合情推理
(1)归纳推理: ①定义:由某类事物的部分对象具有某些特征,推出该类事物的全部对象都具有这些特征的推理,或者由个别事实概括出一般结论的推理. ②特点:是由部分到整体、由个别到一般的推理.
(2)类比推理
①定义:由两类对象具有某些类似特征和其中一类对象的某些已知特征,推出另一类对象也具有这些特征的推理. ②特点:类比推理是由特殊到特殊的推理.
2.演绎推理
(1)模式:三段论
①大前提——已知的一般原理;
②小前提——所研究的特殊情况;
③结论——根据一般原理,对特殊情况做出的判断.
(2)
演绎推理是由一般到特殊的证明,它常用来证明和推理数学问题,注意推理过程的严密性,书写格式的规范性.
[试一试]
1.数列2,5,11,20,x, 47,„中的x 等于( )
A .28
C .33 B .32 D .27
解析:选B 由5-2=3,11-5=6,20-11=9.
则x -20=12,因此x =32.
1x ⎛12.“因为指数函数y =a x 是增函数(大前提) ,而y =⎛是指数函数(小前提) ,所以y =⎝3⎝3x 是增函数(结论) ”,上面推理的错误是( )
A .大前提错导致结论错
B .小前提错导致结论错
C .推理形式错导致结论错
D .大前提和小前提都导致结论错
解析:选A y =a x 是增函数这个大前提是错误的,从而导致结论错误.
归纳推理与类比推理的步骤
(1)归纳推理的一般步骤:
①通过观察个别情况发现某些相同性质;
②从已知的相同性质中推出一个明确表述的一般性命题(猜想) ;
③检验猜想. 实验、观察→概括、推广→猜测一般性结论
(2)类比推理的一般步骤:
①找出两类事物之间的相似性或一致性;
②用一类事物的性质去推测另一类事物的性质,得出一个明确的命题(猜想) ;
③检验猜想.
观察、比较→联想、类推→猜想新结论
[练一练]
在平面上,若两个正三角形的边长的比为1∶2,则它们的面积比为1∶4. 类似地,在空间中,若两个正四面体的棱长的比为1∶2,则它们的体积比为________. 1h V 311⎛S h 111解析:==⎝S =. V 2128
2h 24S 2h 23
答案:1∶8
1. ) :
①“若a ,b ∈R ,则a -b =0⇒a =b ”类比推出“a ,c ∈C ,则a -c =0⇒a =c ”;
②“若a ,b ,c ,d ∈R ,则复数a +b i =c +d i ⇒a =c ,b =d ”类比推出“a ,b ,c ,d ∈Q ,则a +b 2=c +2⇒a =c ,b =d ”;
③“a ,b ∈R ,则a -b >0⇒a >b ”类比推出“若a ,b ∈C ,则a -b >0⇒a >b ”; ④“若x ∈R ,则|x |<1⇒-1<x <1”类比推出“若z ∈C ,则|z |<1⇒-1<z <1”. 其中类比结论正确的个数为( )
A .1
C .3
解析:选B 类比结论正确的有①②. B .2 D .4
2.在平面几何里,有“若△ABC 的三边长分别为a ,b ,c 内切圆半径为r ,则三角形面
1积为S △ABC =(a +b +c ) r ”,拓展到空间,类比上述结论,“若四面体 ABCD 的四个面的面2
积分别为S 1,S 2,S 3,S 4,内切球的半径为r ,则四面体的体积为____________”.
解析:三角形的面积类比为四面体的体积,三角形的边长类比为四面体四个面的面积,
11内切圆半径类比为内切球的半径.二维图形中V 23
+S 2+S 3+S 4) r .
1答案:V 四面体ABCD =S 1+S 2+S 3+S 4) r 3
[类题通法]
类比推理的分类
类比推理的应用一般为类比定义、类比性质和类比方法
(1)类比定义:在求解由某种熟悉的定义产生的类比推理型试题时,可以借助原定义来求解;
(2)类比性质:从一个特殊式子的性质、一个特殊图形的性质入手,提出类比推理型问题,求解时要认真分析两者之间的联系与区别,深入思考两者的转化过程是求解的关键;
(3)类比方法:有一些处理问题的方法具有类比性,我们可以把这种方法类比应用到其他问题的求解中,注意知识的迁移.
四面体ABCD =1(S 31
[典例] (1+1) =2×1
(2+1)(2+2) =22×1×3
(3+1)(3+2)(3+3) =23×1×3×5 „
照此规律, 第n 个等式可为________.
(2)已知函数f (x ) =x (x >0) .如下定义一列函数:f 1(x ) =f (x ) ,f 2(x ) =f (f 1(x )) ,f 3(x ) =x +2
f (f 2(x )) ,„,f n (x ) =f (f n -1(x )) ,„,n ∈N *,那么由归纳推理可得函数f n (x ) 的解析式是f n (x ) =________.
[解析] (1)观察规律可知,左边为n 项的积,最小项和最大项依次为(n +1) ,(n +n ) ,右边为连续奇数之积乘以2n ,则第n 个等式为:(n +1)(n +2)(n +3)·„·(n +n ) =
2n ×1×3×5ׄ×(2n -1) .
(2)依题意得,f 1(x ) =x x +2
x
x +2x x f 2(x ) ==, x 3x +4(2-1)x +2+2x +2
x
3x +4x x f 3(x ) =,„, x 7x +8(2-1)x +2+23x +4
x 由此归纳可得f n (x ) =(x >0) . (2-1)x +2[答案] (1)(n +1)(n +2)(n +3)·„·(n +n ) =2n ×1×3×5ׄ×(2n -1)
x (2)(x >0) (2-1)x +2[类题通法]
归纳推理的分类
常见的归纳推理分为数的归纳和形的归纳两类
(1)数的归纳包括数字归纳和式子归纳,解决此类问题时,需要细心观察,寻求相邻项及项与序号之间的关系,同时还要联系相关的知识,如等差数列、等比数列等;
(2)形的归纳主要包括图形数目归纳和图形变化规律归纳.
[针对训练]
下面图形由小正方形组成,请观察图1至图4的规律,并依此规律,写出第n 个图形中小正方形的个数是________.
解析:由图知第n 个图形的小正方形个数为1+2+3+„+n .
n (n +1)∴总个数为2
n (n +1)答案:
2
S n (n ∈N *) .证明: n [典例] 数列{a n }的前n 项和记为S n ,已知a 1=1,a n +1=
⎧S ⎫(1)数列⎨n 是等比数列; ⎩⎭
(2)S n +1=4a n .
n +2[证明] (1)∵a n +1=S n +1-S n ,a n +1S , n n
∴(n +2) S n =n (S n +1-S n ) ,即nS n +1=2(n +1) S n .
故S n +1S =,(小前提) n n +1
⎩⎭⎧S ⎫故⎨n ⎬是以2为公比,1为首项的等比数列.(结论)
(大前提是等比数列的定义)
(2)由(1)可知S n +1S n -1n ≥2) , n +1n -1
S -n -1+2∴S n +1=4(n +S n -1=4a n (n ≥2) .(小前提) n -1n -1
又∵a 2=3S 1=3,S 2=a 1+a 2=1+3=4=4a 1,(小前提)
∴对于任意正整数n ,都有S n +1=4a n .(结论)
[类题通法]
演绎推理的结构特点
(1)演绎推理是由一般到特殊的推理,其最常见的形式是三段论,它是由大前提、小前提、结论三部分组成的.三段论推理中包含三个判断:第一个判断称为大前提,它提供了一个一般的原理;第二个判断叫小前提,它指出了一个特殊情况.这两个判断联合起来,提示了一般原理和特殊情况的内在联系,从而产生了第三个判断:结论.
(2)演绎推理的前提和结论之间有着某种蕴含关系,解题时要找准正确的大前提.一般地,若大前提不明确时,一般可找一个使结论成立的充分条件作为大前提.
[针对训练]
如图所示,D ,E ,F 分别是BC ,CA ,AB 上的点,∠BFD =∠A ,且DE
∥BA . 求证:ED =AF (要求注明每一步推理的大前提、小前提和结论,并最终
把推理过程用简略的形式表示出来) .
证明:(1)同位角相等,两条直线平行, (大前提)
∠BFD 与∠A 是同位角,且∠BFD =∠A , (小前提)
所以DF ∥EA . (结论)
(2)两组对边分别平行的四边形是平行四边形, (大前提)
DE ∥BA 且DF ∥EA , (小前提)
所以四边形AFDE 为平行四边形.(结论)
(3)平行四边形的对边相等, (大前提)
ED 和AF 为平行四边形的对边, (小前提)
所以ED =AF . (结论)
上面的证明可简略地写成:
∠BFD =∠A ⇒DF ∥EA ⎫⎪⎬⇒ ⎪ DE ∥BA ⎭
四边形AFDE 是平行四边形⇒ED =AF
.
[课堂练通考点]
1.(2018合肥模拟) 正弦函数是奇函数,f (x ) =sin(x 2+1) 是正弦函数,因此f (x ) =sin(x 2+
1) 是奇函数,以上推理( )
A .结论正确
C .小前提不正确 B .大前提不正确 D .全不正确
解析:选C 因为f (x ) =sin(x 2+1) 不是正弦函数,所以小前提不正确.
2.给出下列三个类比结论.
①(ab ) n =a n b n 与(a +b ) n 类比,则有(a +b ) n =a n +b n ;
②log a (xy ) =log a x +log a y 与sin(α+β) 类比,则有sin(α+β) =sin αsin β;
③(a +b ) 2=a 2+2ab +b 2与(a +b ) 2类比,则有(a +b ) 2=a 2+2a ·b +b 2.
其中结论正确的个数是( )
A .0
C .2
解析:选B 只有③正确.
3.观察下列各式:a +b =1,a 2+b 2=3,a 3+b 3=4,a 4+b 4=7,a 5+b 5=11,„,则a 10+b 10=( )
A .28
C .123 B .76 D .199 B .1 D .3
解析:选C 记a n +b n =f (n ) ,则f (3)=f (1)+f (2)=1+3=4;f (4)=f (2)+f (3)=3+4=7;f (5)=f (3)+f (4)=11. 通过观察不难发现f (n ) =f (n -1) +f (n -2)(n ∈N *,n ≥3) ,则f (6)=f (4)+f (5)=18;f (7)=f (5)+f (6)=29;f (8)=f (6)+f (7)=47;f (9)=f (7)+f (8)=76;f (10)=f (8)+f (9)=123. 所以a 10+b 10=123.
4.(2013·青岛期末) 如果函数f (x ) 在区间D 上是凸函数,那么对于区间D 内的任意x 1,
f (x 1)+f (x 2)+„+f (x n )⎛x 1+x 2+„+x n x 2,„,x n ,都有f n n ⎝⎭. 若y =sin x 在区间(0,π) 上是凸函
数,那么在△ABC 中,sin A +sin B +sin C 的最大值是________.
解析:由题意知,凸函数满足
f (x 1)+f (x 2)+„+f (x n )⎛x 1+x 2+„+x n ⎫≤f n n ⎝⎭,
A +B +C πsin A +sin B +sin C ≤3sin 3sin =. 332
3答案: 2
5.设等差数列{b n }的前n 项和为S n ,则S 4,S 8-S 4,S 12-S 8,S 16-S 12成等差数列.类
T 比以上结论.设等比数列{a n }的前n 项积为T n ,则T 4,________,________ T 12
解析:对于等比数列,通过类比等差数列,有等比数列{a n }的前n 项积为T n ,则T 4=
T T a 1a 2a 3a 4,T 8=a 1a 2„a 8,T 12=a 1a 2„a 12,T 16=a 1a 2„a 16,所以=a 5a 6a 7a 8=a 9a 10a 11a 12,T 4T 8
T T T T T T T a 13a 14a 15a 16,所以T 4,,,的公比为q 16,因此T 4,,,成等比数列. T 12T 4T 8T 12T 4T 8T 12
T T 答案: T 4T 8
14x x 46.(2014·山西四校联考) 已知x ∈(0,+∞) ,观察下列各式:x +≥2,x ++≥3,x x 22x
27x x x 27a x +++4,„,类比得x +n +1(n ∈N *) ,则a =________. x 333x x
解析:第一个式子是n =1的情况,此时a =11=1;第二个式子是n =2的情况,此时a =22=4;第三个式子是n =3的情况,此时a =33=27,归纳可知a =n n .
答案:n n
[课下提升考能]
第Ⅰ组:全员必做题
1.推理“①矩形是平行四边形;②三角形不是平行四边形;③三角形不是矩形”中的小前提是( )
A .①
C .③ B .② D .①和②
解析:选B 由演绎推理三段论可知,①是大前提;②是小前提;③是结论.故选B.
2.由代数式的乘法法则类比推导向量的数量积的运算法则:
①“mn =nm ”类比得到“a·b =b·a ”;
②“(m +n ) t =mt +nt ”类比得到“(a +b ) ·c =a·c +b·c ”;
③“(m ·n ) t =m (n ·t ) ”类比得到“(a·b ) ·c =a·(b·c ) ”;
④“t ≠0,mt =xt ⇒m =x ”类比得到“p ≠0,a·p =x·p ⇒a =x ”;
⑤“|m ·n |=|m |·|n |”类比得到“|a·b|=|a|·|b|”;
ac a a·c a ⑥“=”类比得到“ bc b b·c b
以上的式子中,类比得到的结论正确的个数是( )
A .1
C .3 B .2 D .4
解析:选B ①②正确,③④⑤⑥错误.
3.在平面几何中有如下结论:正三角形ABC 的内切圆面积为S 1,外接圆面积为S 2,则S 11,推广到空间可以得到类似结论;已知正四面体P -ABC 的内切球体积为V 1,外接球S 24
V 体积为V 2( ) V 2
1A. 8
1C. 641 91 D. 27
V 1解析:选D 正四面体的内切球与外接球的半径之比为1∶3,故=. V 227
4.下列推理中属于归纳推理且结论正确的是( )
A .设数列{a n }的前n 项和为S n . 由a n =2n -1,求出S 1=12,S 2=22,S 3=32,„,推断:S n =n 2
B .由f (x ) =x cos x 满足f (-x ) =-f (x ) 对∀x ∈R 都成立,推断:f (x ) =x cos x 为奇函数
x 2y 2
C .由圆x +y =r 的面积S =πr ,推断:椭圆=1(a >b >0) 的面积S =πab a b 2222
D .由(1+1) 2>21,(2+1) 2>22,(3+1) 2>23,„,推断:对一切n ∈N *,(n +1) 2>2n 解析:选A 选项A 由一些特殊事例得出一般性结论,且注意到数列{a n }是等差数列,
n (1+2n -1)2其前n 项和等于S n =n ,选项D 中的推理属于归纳推理,但结论不正确. 2
5.将正奇数按如图所示的规律排列,则第21行从左向右的第5个数为( )
1
3 5 7
9 11 13 15 17
19 21 23 25 27 29 31
„ „ „
A .809
C .786 B .852 D .893
解析:选A 前20行共有正奇数1+3+5+„+39=202=400个,则第21行从左向右的第5个数是第405个正奇数,所以这个数是2×405-1=809.
6.在平面上,我们如果用一条直线去截正方形的一个角,那么截下的一个直角三角形,按下图所标边长,由勾股定理有:c 2=a 2+b 2. 设想正方形换成正方体,把截线换成如图的截面,这时从正方体上截下三条侧棱两两垂直的三棱锥O -LMN ,如果用S 1,S 2,S 3表示三个侧面面积,S 4表示截面面积,那么类比得到的结论是________.
解析:将侧面面积类比为直角三角形的直角边,截面面积类比为直角三角形的斜边,可
222得S 21+S 2+S 3=S 4.
222答案:S 21+S 2+S 3=S 4
7.若{a n }是等差数列,m ,n ,p 是互不相等的正整数,则有:(m -n ) a p +(n -p ) a m +(p -m ) a n =0,类比上述性质,相应地,对等比数列{b n },有__________________.
n n p p m 解析:设{b n }的首项为b 1,公比为q ,则b m ·b m ·b n p ---
=(b 1q p 1) m n ·(b 1q m 1) n p ·(b 1q n 1) p m ------
=b 0q 0=1. 1·
n n p p 答案:b m ·b m ·b n p ---m =1
8.(2013·湖北高考) 在平面直角坐标系中,若点P (x ,y ) 的坐标x ,y 均为整数,则称点P 为格点.若一个多边形的顶点全是格点,则称该多边形为格点多边形.格点多边形的面积记为S ,其内部的格点数记为N ,边界上的格点数记为L . 例如图中△ABC 是格点三角形,对应的S =1,N =0,L =
4.
(1)图中格点四边形DEFG 对应的S ,N ,L 分别是________;
(2)已知格点多边形的面积可表示为S =aN +bL +c ,其中a ,b ,c 为常数.若某格点多边形对应的N =71,L =18,则S =________(用数值作答) .
解析:(1)由定义知,四边形DEFG 由一个等腰直角三角形和一个平行四边形构成,其内部格点有1个,边界上格点有6个,S 四边形DEFG ⎧⎪=3.(2)由待定系数法可得,⎨1=a ·0+b ·4+c ,⎪⎩3=a ·1+b ·6+c ,1a ·0+b ·3+c ,2
a =1,⎧⎪1⇒⎨b =2,
⎪⎩c =-1, 1当N =71,L =18时,S =1×71+×18-1=79. 2
答案:(1)3,1,6 (2)79
9.平面中的三角形和空间中的四面体有很多相类似的性质,例如在三角形中:(1)三角
1形两边之和大于第三边;(2)三角形的面积S =(3)三角形的中位线平行于第三边2
1且等于第三边的 2
请类比上述性质,写出空间中四面体的相关结论.
解:由三角形的性质,可类比得空间四面体的相关性质为:
(1)四面体的任意三个面的面积之和大于第四个面的面积;
1(2)四面体的体积V ×底面积×高; 3
1(3)四面体的中位面平行于第四个面且面积等于第四个面的面积的4
10.(2012·福建高考) 某同学在一次研究性学习中发现,以下五个式子的值都等于同一个常数:
(1)sin213°+cos 217°-sin 13°cos 17°;
(2)sin215°+cos 215°-sin 15°cos 15°;
(3)sin218°+cos 212°-sin 18°cos 12°;
(4)sin2(-18°) +cos 248°-sin(-18°)cos 48°;
(5)sin2(-25°) +cos 255°-sin(-25°)cos 55°.
(1)试从上述五个式子中选择一个,求出这个常数;
(2)根据(1)的计算结果,将该同学的发现推广为三角恒等式,并证明你的结论.
解:(1)选择(2)式,计算如下:
113sin 215°+cos 215°-sin 15°cos 15°=1sin 30°=1-244
3(2)三角恒等式为sin 2α+cos 2(30°-α) -sin α·cos(30°-α) =. 4
证明如下:
法一:sin 2α+cos 2(30°-α) -sin αcos(30°-α)
=sin 2α+(cos 30°cos α+sin 30°sin α) 2-sin α(cos 30°·cos α+sin 30°sin α)
33131=sin 2α+cos 2α+αcos α+sin 2αsin αcos α-2α 42422
333=2α+cos 2α=. 444
法二:sin 2α+cos 2(30°-α) -sin αcos(30°-α)
=1-cos 2α1+cos (60°-2α)-sin α(cos 30°cos α+sin 30°sin α) 22
111131=cos 2α+cos 2α+sin 60°sin 2α) -αcos α-2α 222222
11111
=cos 2α+α+αsin 2α-(1-cos 2α) [1**********]=1-cos 2αα=.
4444第Ⅱ组:重点选做题 1.观察下列算式: 13=1, 23=3+5, 33=7+9+11, 43=13+15+17+19, „„
若某数m 3按上述规律展开后,发现等式右边含有“2 013”这个数,则m =________. 解析:某数m 3按上述规律展开后,等式右边为m 个连续奇数的和,观察可知每行的最后一个数为1=12+0,5=22+1,11=32+2,19=42+3,„,所以第m 行的最后一个数为m 2+(m -1) .因为当m =44时,m 2+(m -1) =1 979,当m =45时,m 2+(m -1) =2 069,所以要使等式右边含有“2 013”这个数,则m =45.
答案:45
2.(2018东北三校联考) 在数列{a n }中,a 1=1,a 2=2,a n =(-1) n ·2a n -2(n ≥3,n ∈N *) ,其前n 项和为S n .
(1)a 2n +1关于n 的表达式为________;
(2)观察S 1,S 2,S 3,S 4,„S n ,在数列{S n }的前100项中相等的项有________对. a +a a 解析:(1)„2,又a 1=1,从而a 2n +1=(-2) n .
a 1a 3a 2n -1
(2)由(1)及条件知,数列{a n }为1,2,-2,22,(-2) 2, 23,(-2) 3, 24,„,从而可知S 1=S 3,S 5=S 7,S 9=S 11,„,故在{S n }的前100项中相等的项有25对.
答案:(1)a 2n +1=(-2) n (2)25
第六节
直接证明和间接证明
1.直接证明 (1)综合法:
利用已知条件和某些数学定义、公理、定理等,经过一系列的推理论证,最后推导出所
要证明的结论成立,这种证明方法叫做综合法.
(2)分析法:
从要证明的结论出发,逐步寻求使它成立的充分条件,直至最后,把要证明的结论归结为判定一个明显成立的条件(已知条件、定理、定义、公理等) 为止,这种证明方法叫做分析法.
2.间接证明
反证法:假设原命题不成立,经过正确的推理,最后得出矛盾,因此说明假设错误,从而证明了原命题成立,这样的证明方法叫做反证法.
1.用分析法证明数学问题时,要注意书写格式的规范性,常常用“要证(欲证) „”“即要证„”“就要证„”等分析到一个明显成立的结论P ,再说明所要证明的数学问题成立.
2.利用反证法证明数学问题时,没有用假设命题推理而推出矛盾结果,其推理过程是错误的.
[试一试]
13+7
B .分析法 D .归纳法
解析:选B 要证明3+7b ,那么a >b ”假设内容应是( ) A. a =b C. a =b 且a
B. a
D. a =b 或a
解析:选D 假设结论不成立,即a >b 的否定为a ≤
.
明晰三种证题的一般规律
(1)综合法证题的一般规律:
用综合法证明命题时,必须首先找到正确的出发点,也就是能想到从哪里起步,我们一般的处理方法是广泛地联想已知条件所具备的各种性质,逐层推进,从而由已知逐步推出结论.
(2)分析法证题的一般规律:
分析法的思路是逆向思维,用分析法证题必须从结论出发,倒着分析,寻找结论成立的充分条件.应用分析法证明问题时要严格按分析法的语言表达,下一步是上一步的充分条件.
(3)反证法证题的一般规律:
反证法证题的实质是证明它的逆否命题成立.反证法的主要依据是逻辑中的排中律,排中律的一般形式是:或者是A ,或者是非A . 即在同一讨论过程中,A 和非A 有且仅有一个是正确的,不能有第三种情况出现.
[练一练]
在不等边三角形中,a 为最大边,要想得到∠A 为钝角的结论,三边a ,b ,c 应满足________.
b 2+c 2-a 2
解析:由余弦定理cos A b 2+c 2.
2bc 答案:a 2>b 2+c 2
1.(2013·n ≠0) ,S n 是其前n 项的和.记b n =
nS n ∈N *,其中 c 为实数.若c =0,且b 1,b 2,b 4成等比数列,证明:S n k n +c
=n 2S k (k ,n ∈N *) .
证明:由题意得,S n =na +
n (n -1)
d . 2
n -1d S 2
a +2由c =0,得b n =a +. 又因为b 1,b 2,b 4成等比数列,所以b 2=b 1b 4,即⎛⎝2n 23
a +⎫,化简得d 2-2ad =0. 因为d ≠0,所以d =2a . =a ⎛⎝2⎭
因此,对于所有的m ∈N *,有S m =m 2a .
从而对于所有的k ,n ∈N *,有S n k =(nk ) 2a =n 2k 2a =n 2S k .
11
2.已知函数f (x ) =ln(1+x ) ,g (x ) =a +bx -x 2+x 3,函数y =f (x ) 与函数y =g (x ) 的图像
23在交点(0,0)处有公共切线.
(1)求a ,b ; (2)证明:f (x ) ≤g (x ) . 1
解:(1)f ′(x )
1+x g ′(x ) =b -x +x 2,
⎧⎪g (0)=f (0),
由题意得⎨解得a =0,b =1.
⎪f ′(0)=g ′(0),⎩
(2)证明:令h (x ) =f (x ) -g (x )
11
=ln(x +1) -x 3+2-x (x >-1) .
32-x 312
h ′(x ) =-x +x -1=.
x +1x +1
h (x ) 在(-1,0) 上为增函数,在(0,+∞) 上为减函数. h (x ) max =h (0)=0,h (x ) ≤h (0)=0,即f (x ) ≤g (x ) . [类题通法]
综合法证题的思路
ππ
0,,若x 1,x 2∈⎛0,⎫,且x 1≠x 2, [典例] 已知函数f (x ) =tan x ,x ∈⎛⎝2⎝2⎭x 1+x 21
求证:[f (x 1) +f (x 2)]>f ⎛2⎝2. x +x 1
[证明] 要证[f (x 1) +f (x 2)]>f ⎛2⎝2, x 1+x 21
即证明(tan x 1+tan x 2)>tan,
22x 1+x 21sin x sin x ,
2cos x 1cos x 22sin (x 1+x 2)sin (x 1+x 2)
>.
2cos x 1cos x 21+cos (x 1+x 2)π
0,,故x 1+x 2∈(0,π) . 由于x 1,x 2∈⎛⎝2∴cos x 1cos x 2>0,sin(x 1+x 2)>0, 1+cos(x 1+x 2)>0,
故只需证明1+cos(x 1+x 2)>2cos x 1cos x 2, 即证1+cos x 1cos x 2-sin x 1sin x 2>2cos x 1cos x 2, 即证:cos(x 1-x 2)
π
0,⎫,x 1≠x 2知上式显然成立, 由x 1,x 2∈⎛⎝2⎭x 1+x 21
因此,[f (x 1) +f (x 2)]>f ⎛2⎝2.
若本例中f (x ) 变为f (x ) =3x -2x ,试证:对于任意的x 1,x 2∈R ,均有
f (x 1)+f (x 2)⎛x 1+x 2⎫
≥f 2⎝2⎭.
f (x 1)+f (x 2)⎛x 1+x 2证明:要证明≥f
2⎝2⎭,
(3x 1-2x 1)+(3x 2-2x 2)x 1+x 2x 1+x 2
即证明3,
2223x 1+3x 2x 1+x 2
因此只要证明-(x 1+x 2) ≥3(x 1+x 2) ,
223x 1+3x 2x 1+x 2
即证明≥,
223x 1+3x 2
因此只要证明≥31·32,
2由于x 1,x 2∈R 时,3x 1>0,3x 2>0, 由基本不等式知
3x 1+3x 2
3x 1·3x 2显然成立, 2故原结论成立. [类题通法]
分析法证题的技巧
(1)逆向思考是用分析法证题的主要思想,通过反推,逐步寻找使结论成立的充分条件.正确把握转化方向是使问题顺利获解的关键.
(2)证明较复杂的问题时,可以采用两头凑的办法,即通过分析法找出某个与结论等价(或充分) 的中间结论,然后通过综合法由条件证明这个中间结论,从而使原命题得证.
[针对训练]
△ABC 的三个内角A ,B ,C 成等差数列,A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c . 求证:
113
=. a +b b +c a +b +c
113 a +b b +c a +b +c
证明:要证
a +b +c a +b +c c a 即证3也就是=1,
a +b b +c a +b b +c
只需证c (b +c ) +a (a +b ) =(a +b )(b +c ) , 需证c 2+a 2=ac +b 2,
又△ABC 三内角A ,B ,C 成等差数列,故B =60°, 由余弦定理,得
b 2=c 2+a 2-2ac cos 60°,即b 2=c 2+a 2-ac , 故c 2+a 2=ac +b 2成立. 于是原等式成立.
5[典例] 已知f (x ) =ax 2+bx +c ,若a +c =0,f (x ) 在[-1,1]上的最大值为2,最小值为-.
2b 求证:a ≠0且⎪⎪a
b ⎪
[证明] 假设a =0或⎪⎪a ⎪≥2.
(1)当a =0时,由a +c =0,得f (x ) =bx ,显然b ≠0. 由题意得f (x ) =bx 在[-1,1]上是单调函数, 所以f (x ) 的最大值为|b |,最小值为-|b |. 51由已知条件,得|b |+(-|b |)=2,
22这与|b |+(-|b |)=0相矛盾,所以a ≠0.
b b
(2)当⎪≥2时,由二次函数的对称轴为x =-, ⎪a 2a
知f (x ) 在[-1,1]上是单调函数,故其最值在区间的端点处取得. f (1)=a +b +c =2,⎧⎪所以⎨ 5
f (-1)=a -b +c =-,⎪2⎩5⎧⎪f (1)=a +b +c =-2或⎨ ⎪⎩f (-1)=a -b +c =2.
b ⎪又a +c =0,则此时b 无解,所以⎪⎪a ⎪
反证法证明问题的一般步骤
(1)反设:假定所要证的结论不成立,而设结论的反面(否定命题) 成立;(否定结论) (2)归谬:将“反设”作为条件,由此出发经过正确的推理,导出矛盾——与已知条件、
已知的定义、公理、定理及明显的事实矛盾或自相矛盾;(推导矛盾)
(3)立论:因为推理正确,所以产生矛盾的原因在于“反设”的谬误.既然原命题结论的反面不成立,从而肯定了原命题成立.(命题成立)
[针对训练]
实数a ,b ,c ,d 满足a +b =c +d =1,ac +bd >1,求证:a ,b ,c ,d 中至少有一个为负数.
证明:假设a ,b ,c ,d 都是非负数,则由a +b =c +d =1, 得1=(a +b )(c +d ) =ac +bd +ad +bc ≥ac +bd , 即ac +bd ≤1,这与ac +bd >1矛盾,
故假设不成立.即a ,b ,c ,d 中至少有一个为负数.
[课堂练通考点]
1.命题“如果数列{a n }的前n 项和S n =2n 2-3n ,那么数列{a n }一定是等差数列”是否成立( )
A .不成立 C .不能断定
解析:选B ∵S n =2n 2-3n , ∴S n -1=2(n -1) 2-3(n -1)(n ≥2) ,
∴a n =S n -S n -1=4n -5(当n =1时,a 1=S 1=-1符合上式) . ∴a n +1-a n =4(n ≥1) ,∴{a n }是等差数列. 2.要证:a 2+b 2-1-a 2b 2≤0,只要证明( ) A .2ab -1-a b ≤0 (a +b )2C. -1-a 2b 2≤0
2
2
2
B .成立 D .能断定
a 4+b 4
B .a +b -1-0
2
2
2
D .(a 2-1)(b 2-1) ≥0
解析:选D 因为a 2+b 2-1-a 2b 2≤0⇔(a 2-1)(b 2-1) ≥0.
3.不相等的三个正数a ,b ,c 成等差数列,并且x 是a ,b 的等比中项,y 是b ,c 的等比中项,则x 2,b 2,y 2三数( )
A .成等比数列而非等差数列 B .成等差数列而非等比数列 C .既成等差数列又成等比数列 D .既非等差数列又非等比数列
a +c =2b , ①⎧⎪2
解析:选B 由已知条件,可得⎨x =ab , ②
⎪⎩y 2=bc . ③
⎧
由②③得⎨y
c =⎩b 2
x 2a ,
b
x 2y 2
代入①,得+=2b ,
b b
即x 2+y 2=2b 2. 故x 2,b 2,y 2成等差数列. 4.设a ,b 是两个实数,给出下列条件:
①a +b >1;②a +b =2;③a +b >2;④a 2+b 2>2;⑤ab >1. 其中能推出:“a ,b 中至少有一个大于1”的条件是( ) A .②③ C .③
B .①②③ D .③④⑤
12
解析:选C 若a =,b =,则a +b >1,
23但a
若a =b =1,则a +b =2,故②推不出; 若a =-2,b =-3,则a 2+b 2>2,故④推不出; 若a =-2,b =-3,则ab >1,故⑤推不出; 对于③,即a +b >2,则a ,b 中至少有一个大于1, 反证法:假设a ≤1且b ≤1, 则a +b ≤2与a +b >2矛盾,
因此假设不成立,a ,b 中至少有一个大于1.
2
5.已知数列{a n }满足a 1=λ,a n +1=a n +n -4,n ∈N *,其中λ为实数.求证:数列{a n }
3不是等比数列.
2
证明:由已知可得a 1=λ,a 2=λ-3,
34
a 3=λ-4. 假设存在实数λ,
9
使{a n }是等比数列,则必有a 22=a 1a 3, 24
-3⎫2=λ⎛-4⎫,于是 即⎛⎝3⎭⎝9⎭424
-4λ+9=2-4λ, 99
可得9=0,矛盾,所以假设错误, 即数列{a n }不是等比数列.
[课下提升考能]
1.用反证法证明:若整系数一元二次方程ax 2+bx +c =0(a ≠0) 有有理数根,那么a ,b ,c 中至少有一个是偶数.用反证法证明时,下列假设正确的是( )
A .假设a ,b ,c 都是偶数 B .假设a ,b ,c 都不是偶数 C .假设a ,b ,c 至多有一个偶数 D .假设a ,b ,c 至多有两个偶数
解析:选B “至少有一个”的否定为“都不是”.故选B. 2.(2014·银川模拟) 设a ,b ,c 是不全相等的正数,给出下列判断: ①(a -b ) 2+(b -c ) 2+(c -a ) 2≠0; ②a >b ,a
B .1 D .3
解析:选C ①②正确;③中,a ≠b ,b ≠c ,a ≠c 可以同时成立,如a =1,b =2,c =3,故正确的判断有2个.
3.设f (x ) 是定义在R 上的奇函数,且当x ≥0时,f (x ) 单调递减,若x 1+x 2>0,则f (x 1) +f (x 2) 的值( )
A .恒为负值 C .恒为正值
B .恒等于零 D .无法确定正负
解析:选A 由f (x ) 是定义在R 上的奇函数, 且当x ≥0时,f (x ) 单调递减, 可知f (x ) 是R 上的单调递减函数,
由x 1+x 2>0,可知x 1>-x 2,f (x 1)
⎪4. (创新题)在R 上定义运算:⎪
⎪x -1 a -2⎪
⎪=ad -bc . 若不等式⎪⎪≥1对任意实数x ⎪c d ⎪⎪a +1 x ⎪
a b ⎪
3
B .-
23 D. 2
恒成立,则实数a 的最大值为( )
1A .-21C. 2
解析:选D 据已知定义可得不等式x 2-x -a 2+a +1≥0恒成立,故Δ=1-4(-a 2+a
13
+1) ≤0,解得-a ≤,
22
3
故a 的最大值为.
2
5.如果△A 1B 1C 1的三个内角的余弦值分别等于△A 2B 2C 2的三个内角的正弦值,则( ) A .△A 1B 1C 1和△A 2B 2C 2都是锐角三角形 B .△A 1B 1C 1和△A 2B 2C 2都是钝角三角形
C .△A 1B 1C 1是钝角三角形,△A 2B 2C 2是锐角三角形 D .△A 1B 1C 1是锐角三角形,△A 2B 2C 2是钝角三角形
解析:选D 由条件知,△A 1B 1C 1的三个内角的余弦值均大于0,则△A 1B 1C 1是锐角三角形,假设△A 2B 2C 2是锐角三角形.
⎧⎪π⎫由⎨sin B =cos B =sin ⎛⎝2-B ⎭,
⎛π-C ⎫,⎪sin C =cos C =sin ⎩⎝2⎭
2
1
1
2
1
1
π
-A 1⎫,sin A 2=cos A 1=sin ⎛⎝2⎭
⎧⎪π
得⎨B =2-B ,⎪C . ⎩C =π2
2
1
2
1
π
A 2=-A 1,
2
π
那么,A 2+B 2+C 2=180°相矛盾.
2所以假设不成立,又显然△A 2B 2C 2不是直角三角形. 所以△A 2B 2C 2是钝角三角形.
6.设a 3+22,b =27,则a ,b 的大小关系为________.
解析:a 3+2,b =2+7两式的两边分别平方,可得a 2=11+46,b 2=11+47,显然,6<7. ∴a <b .
答案:a <b
7.某同学准备用反证法证明如下一个问题:函数f (x ) 在[0,1]上有意义,且f (0)=f (1),如1
果对于不同的x 1,x 2∈[0,1],都有|f (x 1) -f (x 2)|
2该是________.
1
答案:“∃x 1,x 2∈[0,1],使得|f (x 1) -f (x 2)|
2
8.已知点A n (n ,a n ) 为函数y =x +1图像上的点,B n (n ,b n ) 为函数y =x 图像上的点,
其中n ∈N *,设c n =a n -b n ,则c n 与c n +1的大小关系为________.
解析:由条件得c n =a n -b n =n +1-n =
∴c n 随n 的增大而减小.∴c n +1
答案:c n +1
9.若a >b >c >d >0且a +d =b +c , 求证:d a <b c .
证明:要证d +a <b +c ,只需证(d +a ) 2<b +c ) 2,
即a +d +2ad <b +c +bc , 因a +d =b +c ,只需证ad <bc ,
即ad <bc ,设a +d =b +c =t ,
则ad -bc =(t -d ) d -(t -c ) c =(c -d )(c +d -t ) <0, 故ad <bc 成立,从而d +a <b +c 成立.
10.已知二次函数f (x ) =ax 2+bx +c (a >0)的图像与x 轴有两个不同的交点,若f (c ) =0,且00.
1(1)证明:f (x ) =0的一个根; a
1(2)试比较c 的大小; a
(3)证明:-2
解:(1)证明:∵f (x ) 的图像与x 轴有两个不同的交点,
∴f (x ) =0有两个不等实根x 1,x 2,
∵f (c ) =0,
∴x 1=c 是f (x ) =0的根,
c 又x 1x 2 a
11⎫≠c , ∴x 2=⎛a ⎝a ⎭
1∴f (x ) =0的一个根. a
11(2)假设c , a a
由00,
1⎛1⎫=0矛盾, 知f ⎛>0与f ⎝a ⎝a ⎭
1∴c , a 1 n +1+n 21
1又∵≠c , a
1∴c . a
(3)证明:由f (c ) =0,得ac +b +1=0, ∴b =-1-ac .
又a >0,c >0,∴b
二次函数f (x ) 的图像的对称轴方程为 x =-b x 1+x 2x 2+x 212a 2
即-b
2a 1a .
又a >0,∴b >-2,
∴-2
22