大学物理上学习指导作业参考答案
第一章 质点运动学
课 后 作 业
1、一质点沿x 轴运动,其加速度a 与位置坐标x 的关系为 a =2+6 x 2 (SI)
如果质点在原点处的速度为零,试求其在任意位置处的速度.
解:设质点在x 处的速度为v ,
a =
d v d v d x
=⋅=2+6x 2 2分 d t d x d t
v
v d v =
⎰
⎰(2+6x )d x 2分
2
x
3
v =2x +x
()
1分
2、一质点沿x 轴运动,其加速度为a = 4t (SI),已知t = 0时,质点位于x 0=10 m处,初速度v 0 = 0.试求其位置和时间的关系式.
解: a =d v /dt =4t , d v =4t dt
v
⎰⎰
d v =⎰4t d t
t
v =2t 2 3分
v =d x /d t=2t 2
3、一质点沿半径为R 的圆周运动.质点所经过的弧长与时间的关系为S =bt +
x x 0
d x =⎰2t 2d t
t
x =2 t 3 /3+x 0 (SI) 2分
12ct 2
其中b 、c 是大于零的常量,求从t =0开始到切向加速度与法向加速度大小相等时所经历的时间.
解: v =d S /d t =b +ct 1分
a t =d v /d t =c 1分
a n =(b +ct )/R 1分
2
根据题意: a t = a n 1分 即 c =(b +ct )/R
2
解得 t =
R b
- 1分 c c
4、如图所示,质点P 在水平面内沿一半径为R =2 m的圆轨道转动.转动的角速度ω与时间t 的函数关系为ω=kt (k 为常量) .已知t =2s 时,质点P 的速度值为32 m/s.试求
2
t =1s 时,质点P 的速度与加速度的大小.
解:根据已知条件确定常量k
2
k =ω/t 2=v /Rt 2=4rad /s 2 1分
ω=4t , v =R ω=4Rt
t =1s 时, v = 4Rt 2 = 8 m/s 1分
a t =d v /dt =8Rt =16m /s 1分 a n =v /R =32m /s 1分
22
a =a t +a n
()
2
2
22
()
1/2
=35. 8 m/s2 1分
5、一敞顶电梯以恒定速率v =10 m/s上升.当电梯离地面h =10 m时,一小孩竖直向上抛出一球.球相对于电梯初速率v 0=20 m/s.试问: (1) 从地面算起,球能达到的最大高度为多大? (2) 抛出后经过多长时间再回到电梯上?
解:(1) 球相对地面的初速度
v '=v 0+v =30 m/s 1分
v '2
=45. 9 m/s 1分 抛出后上升高度 h =2g
离地面高度 H = (45.9+10) m =55.9 m 1分
(2) 球回到电梯上时电梯上升高度=球上升高度
v t =(v +v 0) t -
t =
6、在离水面高h 米的岸上,有人用绳子拉船靠岸,船在离岸S 处,如图所示.当人以
12
gt 1分 2
2v 0
=4. 08 s 1分 g
υ0(m·s -1) 的速率收绳时,试求船运动的速度和加速度的大小.
解: 设人到船之间绳的长度为l ,此时绳与水面成θ角,由图可知
l =h +s
将上式对时间t 求导,得 2l
2
2
2
d l d s
=
2s d t d t
题1-4图
根据速度的定义,并注意到l , s 是随t 减少的, ∴ v 绳=-即 v 船=-
d l d s
=v 0, v 船=- d t d t
v d s l d l l =-=v 0=0 d t s d t s cos θ
或 v 船
lv 0(h 2+s 2) 1/2v 0
==
s s
将v 船再对t 求导,即得船的加速度
d l d s
-l d v -v 0s +lv 船
a =船=2v 0=v 0
2
d t s s
2
l 2
(-s +) v 02
h 2v 0==3
s 2s
s
第二章 运动与力
课 后 作 业
1、 一人在平地上拉一个质量为M 的木箱匀速前进,如图. 木箱与地面间的摩擦系数μ=0.6. 设此人前进时,肩上绳的支撑点距地面高度为h =1.5 m,不计箱高,问绳长l 为多长时最省力?
解:设绳子与水平方向的夹角为θ,则sin θ=h /l . 木箱受力如图所示,匀速前进时, 拉力为F , 有
F cos θ-f =0 2分
F sin θ+N -Mg =0 f =μN
N
μMg
2分
cos θ+μsin θd F μMg (-sin θ+μcos θ)
=-=0 令 2d θ(cosθ+μsin θ)
∴ tg θ=μ=0. 6,θ=30︒57'36''
得 F =2分
d 2F
且 >0
d θ2
∴ l =h / sin θ=2.92 m时,最省力.
2、一质量为60 kg的人,站在质量为30 kg的底板上,用绳和滑轮连接如图.设滑轮、绳的质量及轴处的摩擦可以忽略不计,绳子不可伸长.欲使人和底板能以1 m/s2的加速度
上升,人对绳子的拉力T 2多大?人对底板的压力多大? (取g =10 m/s2)
解:人受力如图(1) 图2分 T 2+N -m 1g =m 1a 1分 底板受力如图(2) 图2分
T 1+T 2-N '-m 2g =m 2a 2分
T 1=2T 2 1分 N '=N
由以上四式可解得 4T 2-m 1g -m 2g =(m 1+m 2) a
∴ T 2=(m 1+m 2)(g +a ) /4=247. 5 N 1分
N '=N =m 1(g +a ) -T 2=412. 5 N 1分
3、一条轻绳跨过一轻滑轮(滑轮与轴间摩擦可忽略) ,在绳的一端挂一质量为m 1的物体,在另一侧有一质量为m 2的环,求当环相对于绳以恒定的加速度a 2沿绳向下滑动时,物体和环相对地面的加速度各是多少?环与绳间的摩擦力多大?
解:因绳子质量不计,所以环受到的摩擦力在数值上等于绳子张力T .设m 2相对地面的加
',取向上为正;m 1相对地面的加速度为a 1(即绳子的加速度) ,取向下为速度为a 2
正. 1分
m 1g -T =m 1a 1 2分
T -m 2g =m 2a 2 2分 '=a 1-a 2 2分 a 2
(m 1-m 2) g +m 2a 2
解得 a 1= 1分
m 1+m 2
(2g -a 2) m 1m 2
T = 1分
m 1+m 2
(m -m 2) g -m 1a 2'=1 a 2 1分
m 1+m 2
4、一条质量分布均匀的绳子,质量为M 、长度为L ,一端拴在竖直转轴OO ′上,并以恒定角速度ω在水平面上旋转.设转动过程中绳子始终伸直不打弯,且忽略重力,求距转轴为r 处绳中的张力T ( r) .
解:取距转轴为r 处,长为d r的小段绳子,其质量为 ( M /L ) dr .
(取元,画元的受力图) 2分
由于绳子作圆周运动,所以小段绳子有径向加速度,由牛顿定律得:
T ( r )-T ( r + d r ) = ( M / L) dr rω2
令 T ( r )-T (r + d r ) = - d T ( r) 得 d T =-( Mω2 / L) r d r 4分 )
由于绳子的末端是自由端 T (L ) = 0
1分
L
有
T (r )
2
d T =-(M ω/L ) r d r ⎰⎰
r
∴ T (r ) =M ω(L -r ) /(2L ) 3分
第三章 动量与角动量
课 后 作 业
222
1、如图,用传送带A 输送煤粉,料斗口在A 上方高h =0.5 m处,煤粉自料斗口自由落在A 上.设料斗口连续卸煤的流量为q m =40 kg/s,A 以v =2.0 m/s的水平速度匀速向右移动.求装煤的过程中,煤粉对A 的作用力的大小和方向.(不计相对传送带静止的煤粉质重)
解:煤粉自料斗口下落,接触传送带前具有竖直向下的速度
v 0=
2gh 1分
设煤粉与A 相互作用的∆t 时间内,落于传送带上的煤粉质量为
∆m =q m ∆t 1分
设A 对煤粉的平均作用力为f ,由动量定理写分量式:
f x ∆t =∆m v -0 1分
f y ∆t =0-(-∆m v 0) 1分
将 ∆m =q m ∆t 代入得 f x =q m v , f y =q m v 0 ∴ f =
f 与x 轴正向夹角为α = arctg (f x / f y ) = 57.4° 1分
由牛顿第三定律煤粉对A 的作用力f ′= f = 149 N,方向与图中f 相反.2分
f x 2+f y 2=149 N 2分
2、质量为1 kg的物体,它与水平桌面间的摩擦系数μ = 0.2 .现对物体施以F = 10t (SI)的力,(t 表示时刻),力的方向保持一定,如图所示.如t = 0时物体静止,则t = 3 s时它的速度大小v 为多少?
解:由题给条件可知物体与桌面间的正压力
N =F sin 30︒+mg 1分
物体要有加速度必须 F cos 30︒≥μN 2分 即 5(-μ) t ≥μmg , t ≥0. 256s =t 0 1分
t
物体开始运动后,所受冲量为 I =(F cos 30︒-μN ) d t
t 0
⎰
=3. 83(t -t 0) -1. 96(t -t 0)
t = 3 s, I = 28.8 N s 2分
则此时物体的动量的大小为 m v =I
速度的大小为 v =
22
I
=28. 8 m/s 2分 m
3、一炮弹发射后在其运行轨道上的最高点h =19.6 m处炸裂成质量相等的两块.其中一块在爆炸后1秒钟落到爆炸点正下方的地面上.设此处与发射点的距离S 1=1000 m,问另一块落地点与发射地点间的距离是多少?(空气阻力不计,g =9.8 m/s2)
解:因第一块爆炸后落在其正下方的地面上,说明它的速度方向是沿竖直方向的. 利用 h =v 1t '+
12
g t ', 式中t '为第一块在爆炸后落到地面的时间. 可解得v 1 2
=14.7 m/s,竖直向下.取y 轴正向向上, 有v 1y =-14.7 m/s 2分
设炮弹到最高点时(v y =0) ,经历的时间为t ,则有
S 1 = v x t ① h=
12
gt ② 2
由①、②得 t =2 s , v x =500 m/s 2分
以v 2表示爆炸后第二块的速度,则爆炸时的动量守恒关系如图所示.
1
m v 2x =m v x ③ 211
m v 2y +m v 1y =m v y =0 ④
22
解出 v 2x =2v x =1000 m/s, v 2y =-v 1y =14.7 m/s 3分
再由斜抛公式 x 2= S 1 +v 2x t 2 ⑤ y 2=h +v 2y t 2-
12
gt 2 ⑥ 2
落地时 y 2 =0,可得 t 2 =4 s , t 2=-1 s(舍去)
故 x 2=5000 m 3分
v M
4、质量为M =1.5 kg的物体,用一根长为l =1.25 m的细绳悬挂在天花板上.今有一质量为m =10 g的子弹以v 0=500 m/s的水平速度射穿物体,刚穿出物体时子弹的速度大小v =30 m/s,设穿透时间极短.求:
(1) 子弹刚穿出时绳中张力的大小; (2) 子弹在穿透过程中所受的冲量.
解:(1) 因穿透时间极短,故可认为物体未离开平衡位置.因此, 作用于子弹、物体系统上的外力均在竖直方向,故系统在水平方向动量守恒.令子弹穿出时物体的水平速度为v ' 有 m v 0 = m v +M v '
v ' = m (v 0 - v )/M =3.13 m/s 2分 T =Mg+Mv 2/l =26.5 N 2分
(2) f ∆t =m v -m v 0=-4. 7N ⋅s (设v 0方向为正方向) 2分
负号表示冲量方向与v 0方向相反. 2分
第四章 功和能
课 后 作 业
1、一质量为m 的质点在Oxy 平面上运动,其位置矢量为 r =a cos ωt i +b sin ωt j (SI)
式中a 、b 、ω是正值常量,且a >b . (1)求质点在A 点(a ,0) 时和B 点(0,b ) 时的动能;
F F (2)求质点所受的合外力F 以及当质点从A 点运动到B 点的过程中F 的分力x 和y 分
别作的功.
解:(1)位矢 r =a cos ωt i +b sin ωt j (SI) 可写为 x =a cos ωt , y =b s i n ωt
d x dy
v x ==-a ωsin ωt , v y ==-b ωc o ωs t
d t d t
在A 点(a ,0) ,cos ωt =1,sin ωt =0
1112222
E KA =m v x +m v y =mb ω 2分
222
在B 点(0,b ) ,cos ωt =0,sin ωt =1
E KB =
11122m v x +m v y =ma 2ω2 2分 222
22
(2) F =ma x i +ma y j =-ma ωcos ωt i -mb ωsin ωt j 2分
122ma ω 2分 ⎰a a a 2
b b b 12
W y =⎰F y d y =-⎰m ωb sin ωt dy =-⎰m ω2y d y =-mb 2ω2 2分
0002
由A →B W x =
F x d x =-⎰m ω2a cos ωt d x =-⎰m ω2x d x =
00
2、劲度系数为k 的轻弹簧,一端固定,另一端与桌面上的质量为m 的小球B 相连接.用外力推动小球,将弹簧压缩一段距离L 后放开.假定小球所受的滑动摩擦力大小为F 且恒定不变,滑动摩擦系数与静摩擦系数可视为相等.试求L 必须满足什么条件时,才能使小球在放开后就开始运动,而且一旦停止下来就一直保持静止状态.
解:取弹簧的自然长度处为坐标原点O ,建立如图所示的坐标系.在t =0时,静止于x =-L 的小球开始运动的条件是
kL >F ① 2分
小球运动到x 处静止的条件,由功能原理得
-F (L +x ) =
由② 解出
x =L -
1212
kx -kL ② 2分 22
2F k
使小球继续保持静止的条件为 k x =k L -
2F
≤F ③ 2分 k F 3F
所求L 应同时满足①、③式,故其范围为
k k
3、一链条总长为l ,质量为m ,放在桌面上,并使其部分下垂,下垂一段的长度为a .设
链条与桌面之间的滑动摩擦系数为μ.令链条由静止开始运动,则 (1)到链条刚离开桌面的过程中,摩擦力对链条作了多少功?
l -a
a
(2)链条刚离开桌面时的速率是多少?
解:(1)建立如图坐标.
某一时刻桌面上全链条长为y , 则摩擦力大小为
y
g 1分 l
00m
摩擦力的功 W f =⎰f d y =⎰μgy d y 2分
l -a l -a l
μmg 20μmg
=y l -a =-(l -a ) 2 2分
2l 2l
1122
(2)以链条为对象,应用质点的动能定理 ∑W =m v -m v 0
22
f =μm
其中 ∑W = W P +W f ,v 0 = 0 1分
mg mg (l 2-a 2)
W P =⎰P d x =⎰ 2分 x d x =
a l a 2l μmg (l -a ) 2
由上问知 W f =-
2l
mg (l 2-a 2) μmg 1
-(l -a ) 2=m v 2 所以
2l 2l 2
g (l 2-a 2) -μ(l -a ) 2 2分
得 v =
l
l
[
4、一物体与斜面间的摩擦系数μ = 0.20,斜面固定,倾角α = 45°.现给予物体以初速率v 0 = 10 m/s,使它沿斜面向上滑,如图所示.求: 物体能够上升的最大高度h ;
该物体达到最高点后,沿斜面返回到原出发点时的速率v .
解:(1)根据功能原理,有 fs =
12m v 0-mgh 2分 2
fs =
μNh cos α12
=μmgh =μmgh ctg α=m v 0-mgh 2分 sin αsin α2
2
v 0
h ==4.5 m 2分
2g (1+μctg α)
1
(2)根据功能原理有 mgh -m v 2=fs 1分
2
1
m v 2=mgh -μmgh ctg α 1分
2
v =[2gh (1-μctg α) ]=8.16 m/s 2分
第五章 刚体的转动
课 后 作 业
1、一轻绳跨过两个质量均为m 、半径均为r 的均匀圆盘状定滑轮,绳的两端分别挂着质量为m 和2m 的重物,如图所示.绳与滑轮间无相对滑动,滑轮轴光滑.两个定滑轮的转动惯量均为
12
mr .将由两个定滑轮以及质量为m 和2m 的重物组成的系统从静止释放,2
求两滑轮之间绳内的张力.
解:受力分析如图所示. 2分 2mg -T 1=2ma 1分
T 2-mg =ma 1分 T 1 r -T r= T r-T 2 r =
12
mr β 1分 2
12
mr β 1分 2
a =r β 2分
解上述5个联立方程得: T =11mg / 8 2分
2、一轻绳绕过一定滑轮,滑轮轴光滑,滑轮的半径为R , 质量为M / 4,均匀分布在其边缘上.绳子的A 端有一质量为M 的人抓住了绳端,而在绳的另一端B 系了一质量为
1
M 的2
重物,如图.设人从静止开始相对于绳匀速向上爬时,绳与滑轮间无相对滑动,求B 端重物上升的加速度?(已知滑轮对通过滑轮中心且垂直于轮面的轴的转动惯量J =MR 2 / 4 )
解:受力分析如图所示.
设重物的对地加速度为a ,向上. 则绳的A 端对地有加速度a 向下,人相对于绳虽为匀速向上,但相对于地其加速度仍为a 向下. 2分 根据牛顿第二定律可得:
对人: Mg -T 2=Ma ① 2分 对重物: T 1-
11
Mg =Ma ② 2分 22
根据转动定律,对滑轮有
(T 2-T 1) R =J β=MR 2β / 4 ③ 2分
因绳与滑轮无相对滑动, a =βR ④ 1分 ①、②、③、④四式联立解得 a =2g / 7 1分
3、一质量为m 的物体悬于一条轻绳的一端,绳另一端绕在一轮轴的轴上,如图所示.轴水平且垂直于轮轴面,其半径为r ,整个装置架在光滑的固定轴承之上.当物体从静止释放后,在时间t 内下降了一段距离S .试求整个轮轴的转动惯量(用m 、r 、t 和S 表示) .
解:设绳子对物体(或绳子对轮轴) 的拉力为T ,则根据牛顿运动定律和转动定律得:
mg T =ma ① 2分 T r=J β ② 2分 由运动学关系有: a = r β ③ 2分
由①、②、③式解得: J =m ( g -a ) r 2 / a ④ 又根据已知条件 v 0=0
12
at , a =2S / t 2 ⑤ 2分将⑤式2
22gt 代入④式得:J =mr (-1) 2分 2S
∴ S =
m 1 ,l
v 1 v 2
A
俯视图
4、有一质量为m 1、长为l 的均匀细棒,静止平放在滑动摩擦系数为μ的水平桌面上,它可绕通过其端点O 且与桌面垂直的固定光滑轴转动.另有一水平运动的质量为m 2的小滑块,从侧面垂直于棒与棒的另一端A 相碰撞,设碰撞时间极短.已知小滑块在碰撞前后的速度分别为v 1和v 2,如图所示.求碰撞后从细棒开始转动到停止转动的过程所需的时间. (已知棒绕O 点的转动惯量J =
1
m 1l 2) 3
解:
对棒和滑块系统,在碰撞过程中,由于碰撞时间极短,所以棒所受的摩擦力 矩
1分
m 2v 1l =-m 2v 2l +m 1l 2ω ① 3分
碰后棒在转动过程中所受的摩擦力矩为
M f =
13
m 11x ⋅d x =-μm 1gl ② 2分 ⎰0
l 2t
由角动量定理 ⎰M f dt =0-m 1l 2ω ③ 2分
03
v +v 2
由①、②和③解得 t =2m 21 2分
μm 1g
l
-μg
第六章 狭义相对论基础
课 后 作 业
1、一体积为V 0,质量为m 0的立方体沿其一棱的方向相对于观察者A 以速度v 运动.求:观察者A 测得其密度是多少?
解:设立方体的长、宽、高分别以x 0,y 0,z 0表示,观察者A 测得立方体的长、宽、高分别为 x =x 0
v 2
-2,y =y 0,z =z 0.
c
v 2
-2 3分
c
相应体积为 V =xyz =V 0
观察者A测得立方体的质量 m =
m 0-v c 2
2
故相应密度为 ρ=m /V =
v 2
m 0/1-2
c V 0-
v c 2
2
=
m 0V 0(1-
v ) c 2
2
2分
2、在O 参考系中,有一个静止的正方形,其面积为 100 cm2.观测者O '以 0.8c 的匀速度沿正方形的对角线运动.求O '所测得的该图形的面积.
解:令O 系中测得正方形边长为a ,沿对角线取x 轴正方向(如图) ,则边长在坐标轴上投影的大小为
11
2a ,a y =2a
22
面积可表示为: S =2a y ⋅a x 2分
a x =
x
在以速度v 相对于O 系沿x 正方向运动的O '系中 12
a ' x =a x -(v /c ) =0.6×
2
a 'y =a y =
1
2a 2
2
在O '系中测得的图形为菱形,其面积亦可表示为
2
' S '=2a ' 3分 y ⋅a x =0. 6a =60 cm
3、一艘宇宙飞船的船身固有长度为L 0 =90 m,相对于地面以v =0.8 c (c 为真空中光速) 的匀
速度在地面观测站的上空飞过.
(1) 观测站测得飞船的船身通过观测站的时间间隔是多少? (2) 宇航员测得船身通过观测站的时间间隔是多少?
解:(1) 观测站测得飞船船身的长度为
2
L =L 0-(v /c ) =54 m
则 ∆t 1 = L /v =2.25×107 s 3分
(2) 宇航员测得飞船船身的长度为L 0,则
- ∆t 2 = L 0/v =3.75×107 s 2分
4、半人马星座α星是距离太阳系最近的恒星,它距离地球S = 4.3×1016 m.设有一宇宙飞船自地球飞到半人马星座α星,若宇宙飞船相对于地球的速度为v = 0.999 c ,按地球上的时钟计算要用多少年时间?如以飞船上的时钟计算,所需时间又为多少年?
-
解:以地球上的时钟计算: ∆t =
S
≈4. 5 年 2分 v
v 2
以飞船上的时钟计算: ∆t '=∆t -2≈0.20 年 3分
c
5、在惯性系S 中,有两事件发生于同一地点,且第二事件比第一事件晚发生∆t =2s;而在另一惯性系S '中,观测第二事件比第一事件晚发生∆t '=3s.那么在S '系中发生两事件的地点之间的距离是多少?
解:令S '系与S 系的相对速度为v ,有 ∆t '=
∆t
-(v /c ) 2
, (∆t /∆t ') =1-(v /c )
21/2
-
22
则 v =c ⋅(1-(∆t /∆t ') ) ( = 2.24×108 m·s 1 ) 4分
那么,在S '系中测得两事件之间距离为:
∆x '=v ⋅∆t '=c (∆t '-∆t )
2
21/2
= 6.72×108 m 4分
6、要使电子的速度从v 1 =1.2×108 m/s增加到v 2 =2.4×108 m/s必须对它作多少功?
-(电子静止质量m e =9.11×1031 kg)
解:根据功能原理,要作的功 W = ∆E
根据相对论能量公式 ∆E = m 2c 2- m1c 2 2分 根据相对论质量公式 m 2=m 0/[1-(v 2/c ) ]
21/2
21/2
m 1=m 0/[1-(v 1/c ) ]∴ W =m 0c (
2
1分
1
2v 21-2
c
-
1v 12-2
c
) =4.72×10-14 J=2.95×105 eV 2分