16. 2013年全国高中数学联赛贵州预赛
预赛试题集锦(2014)
2013年全国高中数学联赛贵州省预赛
高中竞赛
一.填空题(每小题8分,共80分)
1. 已知集合A ={x log 2012x <log 2013x },B =x x 2-ax +a <x ,且A ⊆B ,则实数a 的取值范围是
_______.
{}
2. 已知⊙O 是△ABC 的外接圆,AC =8,AB =6,则AO ⋅BC =_______. 3.
△ABC 内接于单位圆,三个内角A 、B 、C 的平分线延长后分别交此圆于A 1、B 1、C 1,则
A A 1⋅co A B C
+B B +C C 1⋅co 1⋅=_______. s i n A +s i n B +s i C n
4. 一个球的内接圆锥的最大体积与这个球的体积之比为_______.
5. 已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,已知S 10=0,S 15=25,则nS n 的最小值为_______.
,n 中与n 互质的数的个数,6. 定义函数ϕ(n ) 表示1,2,称此函数为欧拉函数,则ϕ(2013)=_______.
11
7. 已知△ABC 是边长为2013的正三角形,点D 、E 分别在边BC 、CA 上,且BD =BC ,CE =CA ,
33
AD BE =P ,M 是线段DC 的中点,则PM =_______.
8.
设函数f (x ) =的最大值为M ,最小值为m ,则M +m =_______.
f (1)
x +b x +(c 0a ,) b ∀∈R x ,(f ) x 恒0成立,则9. 已知f (x ) =a 2的最小值是≥<2<
f (0) -f -(1)
_______.
2
⎧⎛1⎫
⎪ x -⎪+1,x >0,
10. 已知函数f (x ) =x 3-3x 2+1,g (x ) =⎨⎝则方程g [f (x )]-a =0(a 为实常数)2⎭
⎪2
⎩-(x +3) +1,x ≤0,
的实根最多有_______个. 二.解答题(共70分)
11. (15分)已知数列{a n }中:a 1=1,且a n +1⋅a n =a n -2a n +1.
(1)求数列{a n }的通项公式; (2)求证:a 1+a 2+ +a n <2.
a 2, ,a n 是n 个正数,(2+a 1)(2+a 2) (2+a n ) ≥3n . 12. (15分)已知a 1,满足a 1⋅a 2⋅⋅⋅a n =1.求证:13. (20分)如图,已知抛物线C :y 2=4x ,过点A (1,2) 作抛物线C 的弦AP ,AQ .
思维的发掘 能力的飞跃
1
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(1)若AP ⊥AQ ,证明:直线PQ 过定点,并求出定点坐标;
(2)假设直线PQ 过点T (5,-2) ,请问是否存在以PQ 为底边的等腰三角形APQ ?若存在,求出△APQ 的个数,若不存在请说明理由.
111
++ +=1. k 1k 2k n
k 2, ,k n 和n ,使得k 1+k 2+⋅⋅⋅+k n =5n -4,且14. (20分)求正整数k 1,
2
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解答
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1、a 0提示:集合A={x |0x 1},且满足A B ,则知B={x|a
AO ⋅BC=AO⋅(AC-AB)
=AO ⋅AC -AO ⋅AB
=|AC|⋅|AO|cos(AO , AC ) -|AB |⋅|AO |cos(AO ⋅AB )
1 1 =|AC |⋅|AC |-|AB |⋅|AB |
22
2 2
=﹙(|AC |-|AB |) )
=14
1A A
3、 2提示:AA 1⋅cos =2sin(B +)cos() =sin(A +B ) +sin B =sin C +sin B
222
AA 1⋅cos
A B c
+BB 1⋅cos +CC 1⋅cos =2(sinA +sin B +sinC) 故原式=2 222
4、8:27提示:设球半径为R ,其内接圆锥的底半径为r ,高为h ,作横截面,则=h(2R-h ).
1π
=πr 2h =
h 2(2R -h ) 33
ππ4R 3
=h 2(4R -2h ) ≤) 663=
84π⋅R 3 273
所以,所求比为8:27﹒
5、-49提示: 由
110
= 0, 得S 15=25得=-3 ,d= 所以S n =n 2- n ,则
33
110
n S n =n 3-n 2
33令f (n )=0得n=0或n =
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3
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所以f (n )在[1,6]上递增,[7,
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) 上递减﹒而f (6)=-48,f (7)=-49,故最小值为-49
6、1200 提示:2013=311=1200
由欧拉函数性质知﹙2013﹚=2013﹙1-﹚﹙1-﹚
7、671提示:易证ABD ≌ACE ,所以 APE=BAD+ABP=CBD+ABP=60,
又ECD=60,所以P 、D 、 C 、 E 四点共圆,所以DPC=DEC
连接DE ,由ECD=60及CE=CD ,得DE ⊥CE
所以CP ⊥DP ,即DPC 是直角三角形 因为M 是斜边DC 的中点,,所以
1
PM==CD=
BC=⨯2013=671
38、提示:
f (x )
.所以g (x )为奇函数,由奇函数的性质知g (x )max +g (x )min =0, 所以
g (x )M+m=2
b 2
9、3提示:由对任意x R ,f (x )0恒成立,得=-4ac 0.又a 0,所以c ≥﹒所以
4a
f (1)a +b +c a +b +c
==
f (0)-f (-1) c -(a -b +c ) b -a b 2b b 2a +b +1++2
= ≥
b b -a -1a
1239s +s +
b f (1)24=s +9+3=3(t =4令t=, 则a f (0)-f (-1) s 44s 21
1+t +t 2
f (1)(t >2) =再令s=t-1,则
f (0)-f (-1) t -1
).
4
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≥2333=2⋅+=3 242
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得此时=且s ,即s=3
10、6提示:方程g[f﹙x ﹚]-a=0的实根个数转化为函数 y= g[f﹙x ﹚]与函数y=a 的交点个数问题 (1)当
(0,1)时,函数y=a 与y=g(x )有两个交点=-4和=-2,而此时方程f (x )=-2和f
(x )=-4的实根分别有3个和1个,共4个;
(2)当a=1时,函数y=a 与y=g(x )有两个交点=-3和=,而此时f (x )=-3和f (x )=的实根分别有2个和3个,共5个;
(3)当a ﹙1,﹚时,函数y=a与y=g(x )有两个交点
﹙0,﹚和﹙,1﹚,而此时方程f
(x )=和f (x )=的实根分别有3个和3个,共六个;
(4)当a [,+﹚时,函数y=a与y=g(x )有一个交点根有一个
综上,方程g[ f(x )]-a=0(a 为正常数)的实根最多有6个. 11(1)由a n +1⋅a n =a n +2a n +1﹒得
﹙(
所以数列{
}是一个以2为首项,2为公比的等比数列﹒
1
+1=2⨯2n -1=2n a n
12
=+1所以 a n +1a n
(1,+),而此时方程f (x )=的实
111
+1) =2(+1) =2(+1) a n +1a n a n
,即a n =
1
n
2-1
-1
成立,所以
(2)当n 1时,
111n -1
1⎛1⎫⎛1⎫a 1+a 2+⋅⋅⋅+a n
2⎝2⎭⎝2⎭
2
n -1
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⎛1⎫1- ⎪2
⎝2⎭=2⎡1-⎛1⎫⎤
⎢ ⎪⎥
1⎢⎥⎣⎝2⎭⎦1-2
2
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、因为2+a i =1+1+a i ≥≥i =1,2, ⋅⋅⋅, n ) 所以(2+a 1)(2+a 2)⋅⋅⋅(2+a n ) =﹙1+1+
) (1+1+
)...﹙1+1+
﹚
≥3 = 13
(1) 设PQ 的直线方程为x=my+n,点P 、Q 的坐标分别为P (x 1, y 1)、Q (x 2, y 2).
⎧x =my +n
由⎨2得y 2-4my -4n =0 ⎩y =4x
由
0得
+n0,y 1+y 2=4m , y 1y 2=-4n
由AP ⊥AQ 得|AP |⋅|AQ |=0,所以
(x 1-1)(x 2-1)+(y 1-2)(y 2-2)=0
y 12y 22
, x 2=又x 1=,则 44
(-2)(-2)[(+2)(+2)+16]=0 +2)(y 2+2)+16=0
所以(-2)(-2)=0或(
所以n=-2m+1或2m+5.因为∆>0,所以n=2m+5,即直线PQ 的方程为x-5=m(y+2),所以直线PQ 过定点T (5,-2).
所以n=2m+5,直线PQ 的方程为x=my+2n+5.
6
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设点P 、Q 的坐标分别为P (
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)、Q ()
⎧x =my+n
由⎨2
y =4x ⎩
得y 2-4my -8m -20=0
所以y 1+y 2=4m , y 1y 2=-8m -20 ⎛x +x 2
, 因为PQ 的中点为 1
2⎝
y 1+y 2
2
22
⎫⎛y 1+y 2
, ⎪即
8⎭⎝
y 1+y 2⎫
⎪,又 2⎭
(y 1+y 2)
2
-2y 1y 2
8
=2m 2+2m +5
所以PQ 的中点为(2由已知得
+2m+5,2m )
2m -2
=-m , 即m 3+m 2+3m -1=0 2
2m +2m +5-1
设g (m )=m 3+m 2+3m -1, 则g '(m ) =3m 3+2m +3>0
所以g (m )在(0,1)内有一个零点,即函数g (m )在R 上只有一个零点 所以方程m 3+m 2+3m -1=0在R 上只有一个零点
故满足条件的等腰三角形有且只有一个﹒ 14、由
0(i =1,2,...,n ),则
⎛111⎫2
++⋅⋅⋅+ ⎪(k 1+k 2+⋅⋅⋅+k n )≥n ①
k n ⎭⎝k 1k 2
所以,5n +4≥n 2,解得1n 4.
由式①等号成立条件知,当n =1或n =4.时,所有的(i =1,2,﹒﹒,)均相等﹒
(1) 当n=1时,=1,即k=1
(2) 当n=4时,k 1+k 2+k 3+k 4=16,且
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1111
+++=1 k 1k 2k 3k 4
解得k 1=k 2=k 3=k 4=4
(3) 当n=2时,
k k 1111
+=6, 且+=1,此二式相乘得2+1=4 k 1k 2k 1k 2k 1k 2
则为无理数,矛盾,无解 (4) 当n=3时,k 1+k 2+k 3=11且
不妨设=11,则1=
111
++=1 k 1k 2k 3
1113
++≤解得k 1≤3 k 1k 2k 3k 1
若
时,则+=,k 1≤k 2≤k 3k 2+k 3=9,得k 2=3,k 3=6
=3时,则由k 1≤k 2≤k 3,=11,
若
k 2=3, k 3=3, 与k 1+k 2+k 3=11, 矛盾
综上,当n=1时,k=1;
当n=4时,
k 1=k 2=k 3=k 4=4
当n =3时,(k 1, k 2, k 3)=(2,3,6)及其循环解
8
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