单元滚动检测卷(四)
单元滚动检测卷(四)
[测试范围:第六单元及第七单元 时间:120分钟 分值:150分]
第Ⅰ卷(选择题 共40分)
一、选择题(本大题有10小题,每小题4分,共40分.请选出各小题中唯一的 正确选项,不选、多选、错选,均不得分)
1.如图4-1,△ABC中,AB=AC,∠B=70°,则∠A的度数是 ( D
)
图4-1
A.70° B.55° C.50° D.40° 2.如图4-2中的四个图中,∠1大于∠2的是
( D
)
图4-2
3.如图4-3,在直角三角形ABC中,∠C=90°,AB=10,AC=8,点E,F分别为AC和AB的中点,则EF=
( A
)
图4-3
A.3 B.4 C.5 D.6
【解析】 ∵在直角三角形ABC中,∠C=90°,AB=10,AC=8,∴BC=10-8=6.
∵点E,F分别为AC,AB的中点, ∴EF是△ABC的中位线, 11
∴EF=2=26=3. 故选A.
4.如图4-4,一架梯子AB长5米,顶端A靠在墙AC上,这时梯子下端B与墙角C距离为3米,梯子滑动后停在DE的位置上,测得BD长为1米,则梯子顶端A下落了
( A
)
图4-4
A.1米
B.2米
C.3米
D.5米
解:在Rt△ABC中,AB=5米,BC=3米,根据勾股定理得AC=AB-BC=4米,
Rt△CDE中,ED=AB=5米,CD=BC+DB=3+1=4米, 根据勾股定理得CEDE-CD=3米, 所以AE=AC-CE=1米, 即梯子顶端下滑了1米.
5.如图4-5,AC=BC=10 cm,∠B=15°,AD⊥BC于点D,则AD的长为( C
)
图4-5
A.3 cm
B.4 cm
C.5 cm
D.6 cm
【解析】 ∵AC=BC,∴∠B=∠BAC=15°,
∴∠ACD=∠B+∠BAC=15°+15°=30°, 11
∴在Rt△ACD中,AD=2=210=5(cm).
6.如图4-6,AD,BE是锐角△ABC的高,相交于点O,若BO=AC,BC=7,CD=2,则AO的长为
( B
)
图4-6
A.2
B.3
C.4
D.5
【解析】 ∵AD,BE是锐角△ABC的高, ∴∠ACB+∠DBO=∠ACB+∠DAC=90°, ∴∠DBO=∠DAC.
又∵BO=AC,∠BDO=∠ADC=90°, ∴△BDO≌△ADC, ∴BD=AD,DO=CD. ∵BD=BC-CD=5, ∴AD=5,
∴AO=AD-OD=AD-CD=3.
7.如图4-7,△ABC中,AB=AC=10,BC=8,AD平分∠BAC交BC于点D,点E为AC的中点,连结DE,则△CDE的周长为
( C
)
图4-7
A.20
B.12
C.14
D.13
【解析】 ∵AB=AC,AD平分∠BAC,BC=8,
1
∴AD⊥BC,CD=BD=2=4. ∵点E为AC的中点, 1
∴DE=CE=2=5,
∴△CDE的周长=CD+DE+CE=4+5+5=14.故选C.
8.如图4-8,把等腰直角△ABC沿BD折叠,使点A落在边BC上的点E处.下面结论错误的是
( B
)
图4-8
A.AB=BE
B.AD=DC D.AD=EC
C.AD=DE
【解析】 根据折叠的性质可得AD=DE=EC,AB=BE,显然DC是等腰Rt△DEC的斜边,不可能有DC=DE=AD,故选B.
9.如图4-9所示,AB=AC,要说明△ADC≌△AEB,需添加的条件不能是( D
)
图4-9
A.∠B=∠C
B.AD=AE D.DC=BE
C.∠ADC=∠AEB
10.如图4-10,在△ABC中,∠A=36°,AB=AC,AB的垂直平分线OD交AB于点O,交AC于点D,连结BD.下列结论错误的是
( C
)
图4-10
A.∠C=2∠A B.BD平分∠ABC C.S△BCD=S△BOD
D.点D为线段AC的黄金分割点 【解析】 A.∵∠A=36°,AB=AC, ∴∠C=∠ABC=72°,
∴∠C=2∠A,故本选项结论正确; B.∵DO是AB的垂直平分线, ∴AD=BD,
∴∠A=∠ABD=36°,
∴∠DBC=72°-36°=36°=∠ABD, ∴BD是∠ABC的角平分线,故本选项结论正确;
C.根据已知不能推出△BCD的面积和△BOD的面积相等,故本选项结论错误;
D.∵∠C=∠C,∠DBC=∠A=36°, ∴△CBD∽△CAB, BCCD∴ACBC ∴BC2=CD·AC.
∵∠C=72°,∠DBC=36°, ∴∠BDC=72°=∠C, ∴BC=BD. 又∵AD=BD, ∴AD=BC, ∴AD2=CD·AC,
即点D是线段AC的黄金分割点,故本选项结论正确. 故选C.
第Ⅱ卷(非选择题 共110分)
二、填空题(本大题有6小题,每小题5分,共30分)
11.泰勒斯是古希腊哲学家,相传他利用三角形全等的方法求出岸上一点到海中
一艘船的距离.如图4-11,B是观察点,船A在B的正前方,过B作AB的垂线,在垂线上截取任意长BD,C是BD的中点,观察者从点D沿垂直于BD的DE方向走,直到点E、船A和点C在一条直线上,那么△ABC≌△EDC,从而量出DE的距离即为船离岸的距离AB,这里判定△ABC≌△EDC的方法是__ASA__.
图4-11
【解析】 在△ABC和△EDC中,
⎧∠ABC=∠EDC=90°
⎨BC=DC
⎩∠ACB=∠ECD
∴△ABC≌△EDC(ASA), ∴DE=AB.
12.四边形ABCD中,AD=BC,AC与BD相交于点E,若添加下列四个条件:①BD=AC,②AB∥CD;③∠BCA=∠ADB,④AE=EB中的一个条件,能使得△ABD一定全等于△BAC,则添加的这个条件是__①③__(填写正确条件的序号).
图4-12
【解析】 ①添加BD=AC时, ∵在△ABD和△BAC中,
⎧AD=BC,⎨AB=AB, ⎩BD=AC,
∴△ABD≌△BAC(SSS); 故此选项正确;
②当四边形为平行四边形即不成立; ③∵在△ADE和△BCE中,
⎧∠ADB=∠BCA,⎨∠AED=∠BEC, ⎩AD=BC,
∴△ADE≌△BCE(AAS), ∴AE=BE,DE=EC, ∴BD=AC.
在△ABD和△BAC中,
⎧AD=BC,
⎨∠ADB=∠BCA, ⎩BD=AC,
∴△ABD≌△BAC(SAS). 故此选项正确;
④当AB不平行于CD,无法证明全等,故此选项错误.
13.如图4-13,在△ABC中,AB=5 cm,AC=3 cm,BC的垂直平分线分别交AB,BC于D,E,则△ACD的周长为
图4-13
【解析】 △ACD的周长为AD+DC+AC,又因为DE垂直平分BC,所以DC=BD,所以AD+DC+AC=AD+BD+AC=AB+AC=5+3=8(cm).
图4-14
14.如图4-14,∠DEF=60°,AB=BC=CD=DE=EF,则∠A=度. 【解析】 ∵AB=BC, ∴∠A=∠ACB,
∴∠CBD=∠A+∠ACB=2∠A. ∵BC=CD=DE=EF,
∴同理可得∠DCE=∠A+∠ADC=3∠A, ∠EDF=∠A+∠AED=4∠A. ∵DE=EF,∠DEF=60°, ∴△DEF是等边三角形, ∴∠EDF=4∠A=60°, ∴∠A=15°.
15.如图4-15,在△ABC中,AB=BC,∠B=120°,AB的垂直平分线交AC于点D.若AC=6 cm,则AD=
__2__cm.
图4-15
【解析】 连接BD.
第15题答图
∵AB=BC,∠ABC=120°, ∴∠A=∠C=180°-∠ABC=30°, ∴DC=2BD.
∵AB的垂直平分线是DE, ∴AD=BD,
∴DC=2AD. 又∵AC=6, 1
∴AD=36=2.
16.如图4-16是一种“羊头”形图案,其作法是:从正方形①开始,以它的一边为斜边,向外作等腰直角三角形,然后再以其直角边为边,分别向外作正方形②和②′,„,然后依此类推,若正方形①的边长为64 cm,则第4个正方形的边长为
图4-16
【解析】 根据题意:第一个正方形的边长为64 cm; 2
第二个正方形的边长为264=322(cm); 2
第三个正方形的边长为2322=32(cm); „„
2
此后,每一个正方形的边长是上一个正方形的边长的2 2⎫n-1
所以第n个正方形的边长为64× ⎪(cm),
⎝2⎭2⎫3
则第4个正方形的边长为64× ⎪=2 cm.
⎝2⎭
三、解答题(本大题有8小题,第17~20题每题8分,第21题10分,第22、23 题每题12分,第24题14分,共80分)
17.如图4-17,在△ABC中,已知∠ABC=46°,∠ACB=80°,延长BC至D,使CD=CA,连结AD,求∠BAD的度数.
图4-17
解:∵∠ACB=80°,
∴∠ACD=180°-∠ACB=180°-80°=100°. 又∵CD=CA,∴∠CAD=∠D. ∵∠ACD+∠CAD+∠D=180°, ∴∠CAD=∠D=40°,
∴∠BAD=180°-∠ABC-∠D=180°-46°-40°=94°.
18.如图4-18,DE是△ABC的AB边的垂直平分线,分别交AB,BC于D,E,AE平分∠BAC,若∠B=30°,求∠C的度数.
图4-18
解:∵DE是AB边的垂直平分线, ∴EA=EB,∴∠ABE=∠1. 又∵∠B=30°, ∴∠1=30°. 又∵AE平分∠BAC,
∴∠2=∠1=30°,即∠BAC=60°, ∴∠C=180°-∠BAC-∠B=90°.
19.如图4-19,点D,E在△ABC的边BC上,AB=AC,BD=CE.求证:AD=AE.
图4-19
证明:∵AB=AC,
∴∠B=∠C.
⎧AB=AC,
在△ABD与△ACE中,⎨∠B=∠C,
⎩BD=CE,
∴△ABD≌△ACE,
∴AD=AE.
20.如图4-20,△ABC中,AB=AC,BD⊥AC,CE⊥AB.求证:BD=CE
.
图4-20
【解析】 证明BD,CE所在的两个三角形全等.
证明:∵BD⊥AC,CE⊥AB,
∴∠ADB=∠AEC=90°.
在Rt△ABD和Rt△ACE中,
∠ADB=∠AEC=90°,∠A=∠A,AB=AC,
∴△ABD≌△ACE,∴BD=CE.
121.如图4-21,在△ABC中,∠BAC=90°,延长BA到D,使AD=2,点
E、F分别为边BC、AC的中点.
(1)求证:DF=BE;
(2)若CF=2,CE5.求tan∠ADF.
图4-21
解:(1)证明:∵F,E是AC,BC的中点,
1∴FE=2,BE=CE,AF=FC.
1又∵AD=2,
∴AD=FE.
又∵∠DAF=∠CFE=90°,AF=FC,
∴△DAF≌△EFC,
∴DF=EC,
∴DF=BE.
(2)由(1)知△DAF≌△EFC,
∴∠ADF=∠FEC.
∵CF=2,CE=5,∠CFE=90°,
∴EF=1,
∴tan∠ADF=tan∠CEF=2.
22.如图4-22,AB∥CD,以点A为圆心,小于AC长为半径作圆弧,分别交
1AB,AC于E,F两点,再分别以E,F为圆心,大于2长为半径作圆弧,
两条圆弧交于点P,作射线AP,交CD于点M
.
图4-22
(1)若∠ACD=114°,求∠MAB的度数;
(2)若CN⊥AM,垂足为N,求证:△ACN≌△MCN.
解:(1)∵AB∥CD,
∴∠ACD+∠CAB=180°,
又∵∠ACD=114°,
∴∠CAB=66°.
由作法可知,AM是∠CAB的平分线,
1∴∠MAB=2CAB=33°.
(2)证明:由作法可知,AM是∠CAB的平分线,
∴∠MAB=∠CAM.
∵AB∥CD,
∴∠MAB=∠CMA,
∴∠CAM=∠CMA.
∵CN⊥AM,
∴∠CNA=∠CNM=90°,
又∵CN=CN,
∴△ACN≌△MCN.
23.如图4-23,在等腰直角三角形ABC中,∠ABC=90°,D为AC边上的中点,过D点作DE⊥DF,交AB于E,交BC于F.若AE=4,FC=3,求EF的长.
图4-23
【解析】 连结BD,构造全等三角形,利用勾股定理求解.
解:连结BD,∵∠ABC=90°,AB=BC,D为AC边上的中点,
1∴∠ABD=2ABC=45°=∠A=∠C,
∠ADB=∠CDB=90°.
又∵∠EDF=90°,
∴∠EDB+∠BDF=∠BDF+∠CDF=90°,
∴∠EDB=∠CDF.
又∵∠EBD=∠DCF=45°,
1BD=2=CD,
∴△EBD≌△FCD,
∴BE=FC=3.
又∵AE+BE=BF+FC,
∴AE=BF=4,
∴在Rt△EBF中,EF=BE+BF=5.
24.如图4-24,已知在△ABC中,AB=AC,∠BAC=90°,分别过B,C向过A的直线作垂线,垂足分别为E,F.
(1)如图①,过A的直线与斜边BC不相交时,求证:EF=BE+CF;
(2)如图②,过A的直线与斜边BC相交时,其他条件不变,若BE=10,CF=3,求EF的长.
图4-24
解:(1)证明:∵BE⊥EA,CF⊥AF,
∴∠BAC=∠BEA=∠CFE=90°,
∴∠EAB+∠CAF=90°,∠EBA+∠EAB=90°,
∴∠CAF=∠EBA.
⎧∠BEA=∠AFC=90°,
在△ABE和△AFC中,⎨∠EBA=∠CAF,
⎩AB=AC,
∴△BEA≌△AFC,
∴EA=FC,BE=AF,
∴EF=EA+AF=FC+BE.
(2)∵BE⊥EA,CF⊥AF,
∴∠BAC=∠BEA=∠CFE=90°,
∴∠EAB+∠CAF=90°,∠ABE+∠EAB=90°, ∴∠CAF=∠ABE.
⎧∠BEA=∠AFC=90°,
在△ABE和△ACF中,⎨∠EBA=∠CAF,
⎩AB=AC,
∴△BEA≌△AFC,
∴EA=FC=3,BE=AF=10,
∴EF=AF-EA=10-3=7.