空间位址与证明
第二十三讲 空间位置关系与证明
★★★高考在考什么 【考题回放】 1.(浙江)若P 是两条异面直线l ,m 外的任意一点,则(B )
D C 1A .过点P 有且仅有一条直线与l ,m 都平行
B .过点P 有且仅有一条直线与l ,m 都垂直
C .过点P 有且仅有一条直线与l ,m 都相交
D .过点P 有且仅有一条直线与l ,m 都异面
2.(06湖南)如图,过平行六面体ABCD-A 1B 1C 1D 1任意两条棱的中
点作直线, 其中与平面DBB 1D 1平行的直线共有( D )
A.4条 B.6条 C.8条 D.12条 3.(湖北)平面α外有两条直线m 和n ,如果m 和n 在平面α内的射影分别是m '和n ',给出下列四个命题:
①m '⊥n '⇒m ⊥n ; ②m ⊥n ⇒m '⊥n ';
③m '与n '相交⇒m 与n 相交或重合; ④m '与n '平行⇒m 与n 平行或重合. 其中不正确的命题个数是( D )
A.1 B.2 C.3 D.4
4. (湖北)关于直线m 、n 与平面α、β,有下列四个命题:(D )
①m //α, n //β且α//β,则m //n ; ②m ⊥α, n ⊥β且α⊥β,则m ⊥n ; ③m ⊥α, n //β且α//β,则m ⊥n ; ④m //α, n ⊥β且α⊥β,则m //n . 其中真命题的序号是:
A. ①、② B. ③、④ C. ①、④ D. ②、③ 5.在正方形ABCD -A ' B ' C ' D ' 中,过对角线BD 的一个平面交AA ' 于E ,交CC 于F ,则( )
'
① 四边形BFD E 一定是平行四边形 ② 四边形BFD E 有可能是正方形
③ 四边形BFD E 在底面ABCD 内的投影一定是正方形 ④ 四边形BFD E 有可能垂直于平面BB D 以上结论正确的为 ①③④ 。(写出所有正确结论的编号)
6.(上海)在平面上,两条直线的位置关系有相交、平行、重合三种. 已知α,β是两个相交平面,空间两条直线l 1,l 2在α上的射影是直线s 1,s 2,l 1,l 2在β上的射影是直线t 1,t 2.用s 1与s 2,t 1与t 2的位置关系,写出一个总能确定l 1与l 2是异
面直线的充分条件: s 1//s 2,并且t 1与t 2相交(t 1//t 2,并且s 1与s 2相交)
★ ★★高考要考什么 一.线与线的位置关系:平行、相交、异面; 线与面的位置关系:平行、相交、线在面内;
'
'
' '
'
'
面与面的位置关系:平行、相交;
二.转化思想:
线线平行⇔线面平行⇔面面平行, 线⊥线⇔线⊥面⇔面⊥面 ;
★★★高考将考什么 【范例
D 1】如图,在四棱锥P -ABCD 中,PA ⊥底面A B C ,
AB ⊥AD ,AC ⊥CD ,∠ABC =60°,PA =AB =BC ,E 是PC 的中点.
(Ⅰ)证明CD ⊥AE ;
(Ⅱ)证明PD ⊥平面ABE ;
(Ⅲ)求二面角A -PD -C 的大小. (Ⅰ)证明:在四棱锥P -ABCD 中,
因PA ⊥底面ABCD ,CD ⊂平面ABCD ,故PA ⊥CD . ∵AC ⊥CD ,PA AC =A ,∴CD ⊥平面PAC .
A
D
而AE ⊂平面PAC ,∴CD ⊥AE .
(Ⅱ)证明:由PA =AB =BC ,∠ABC =60°,可得AC =PA . ∵E 是PC 的中点,∴AE ⊥PC .
由(Ⅰ)知,AE ⊥CD ,且PC CD =C ,所以AE ⊥平面PCD .
而PD ⊂平面PCD ,∴AE ⊥PD .
∵PA ⊥底面ABCD ,PD 在底面ABCD 内的射影是AD ,AB ⊥AD ,∴AB ⊥PD . 又∵AB AE =A ,综上得PD ⊥平面ABE .
(Ⅲ)解法一:过点A 作AM ⊥PD ,垂足为M ,连结EM .则(Ⅱ)知,AE ⊥平面PCD ,AM 在平面PCD 内的射影是EM ,则EM ⊥PD . 因此∠AME 是二面角A -PD -C 的平面角. 由已知,得∠CAD =30°.设AC =a ,
可得PA =a ,AD =
a ,PD =a ,AE =. 332
·PD =PA ·AD ,
在Rt △ADP 中,∵AM ⊥PD ,∴AM
D
a PA ·AD ==a . 则AM =
PD 7在Rt △
AEM 中,sin AME =
A
AE =
AM 解法二:由题设PA ⊥底面ABCD ,PA ⊂平面PAD ,则平面PAD ⊥平面ACD ,交线
为AD .
过点C 作CF ⊥AD ,垂足为F ,故CF ⊥平面PAD .过点F 作FM ⊥PD ,垂足为M ,连结CM ,故CM ⊥PD .因此∠CMP 是二面角A -PD -C 的平面角.
由已知,可得∠CAD =30°,设AC =a ,
1可得PA =a ,AD =a ,PD =,CF =a ,FD =a .
3326
A
D
∵△FMD ∽△PAD ,∴
FM FD
=.
PA PD
·a
FD ·PA ==a . 于是,FM =
PD 141a
CF 在Rt △
CMF 中,tan CMF === FM 所以二面角A -PD -
C 的大小是 所以二面角A -PD -
C 的大小是arcsin
. 4
变式:如图,在五面体ABCDEF 中,点O 是矩形ABCD 的对角线的交点,面CDE 是等
1
BC . =2
(1)证明FO //平面CDE ;
(2
)设BC =,证明EO ⊥平面CDF .
边三角形,棱EF //
证明:(Ⅰ)取CD 中点M ,连结OM. 在矩形ABCD 中,OM //
M
11
BC ,又EF //BC ,则22
EF //OM,
连结EM ,于是四边形EFOM 为平行四边形. ∴FO //EM
又FO ⊄平面CDE , EM⊂平面CDE , ∴ FO∥平面CDE
(Ⅱ)证明:连结FM ,由(Ⅰ)和已知条件,在等边△CDE 中,
CM =DM , EM ⊥
CD 且EM =
1
=BC =EF . 2
因此平行四边形EFOM 为菱形,从而EO ⊥FM 而FM ∩CD=M,
∴CD ⊥平面EOM ,从而CD ⊥EO. 而FM ⋂CD =M ,所以EO ⊥平面CDF. 【点晴】本小题考查直线与平面平行、直线与平面垂直等基础知识,注意线面平行和线面垂直判定定理的使用,考查空间想象能
D 1力和推理论证能力。
【范例2】如图,在六面体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,四边形ABCD 是
A 1边长为2的正方形,四边形A 1B 1C 1D 1是边长为1的正方形,DD 1⊥平面
A 1B 1C 1D 1,DD 1⊥平面ABCD ,DD 1=2.
(Ⅰ)求证:A 1C 1与AC 共面,B 1D 1与BD 共面. (Ⅱ)求证:平面A 1ACC 1⊥平面B 1BDD 1;
(Ⅲ)求二面角A -BB 1-C 的大小(用反三角函数值表示). 证明:以D 为原点,以DA ,DC ,DD 1所在直线分别为x 轴,
A
C 1 B 1
C
y 轴,z 轴建立空间直角坐标系D -xyz 如图,
则有
A (2,0,,0) B (2,2,,0) C (0,2,,0) A 1(1,0,,2) B 1(11,,,2) C 1(01,,,2) D 1(0,0,2)
.
(Ⅰ)证明:
∵AC ,,,AC =(-2,2,,0) D 1B 1=(110),,,DB =(2,2,0) . 11=(-110) ∴AC =2AC ,DB =2D 1B 1. 11
∴AC 与AC 1B 1平行, 11平行,DB 与D
AC 共面,B 1D 1与BD 共面. 于是AC 11与
(Ⅱ)证明:DD ·,0,2) ·(-2,2,0) =0, 1AC =(0
DB ·AC =(2,2,0) ·(-2,2,0) =0,
∴DD 1⊥AC ,DB ⊥AC .
DD 1与DB 是平面B 1BDD 1内的两条相交直线.
∴AC ⊥平面B 1BDD 1. AC . 又平面A 1ACC 1过
∴平面A 1ACC 1⊥平面B 1BDD 1.
(Ⅲ)解:AA ,,,2) BB 1=(-1,-12) ,,CC 1=(0,-12) ,. 1=(-10设n =(x 1,y 1,z 1) 为平面A 1ABB 1的法向量,
n ·AA 1=-x 1+2z 1=0,n ·BB 1=-x 1-y 1+2z 1=0.
于是y 1=0,取z 1=1,则x 1=2,n =(2,0,1) . 设m =(x 2,y 2,z 2) 为平面B 1BCC 1的法向量,
m ·BB 1=-x 2-y 2+2z 2=0,m ·CC 1=-y 2+2z 2=0.
于是x 2=0,取z 2=1,则y 2=2,m =(0,21) ,.
cos m ,n =
m ·n 1
=.
m n 5
1
∴二面角A -BB 1-C 的大小为π-arccos .
5
解法2(综合法):
(Ⅰ)证明:∵D 1D ⊥平面A 1B 1C 1D 1,D 1D ⊥平面ABCD .
∴D 1D ⊥DA ,D 1D ⊥DC ,平面A 1B 1C 1D 1∥平面ABCD .
于是C 1D 1∥CD ,D 1A 1∥DA .
A D C 设E ,F 分别为D ,的中点,连结
EF ,A 1E ,C 1F ,
有A ,C 1F ∥D 1D ,DE =1,DF =1. 1E ∥D 1D
D 11
A 1∴A 1E ∥C 1F ,
于是AC 11∥EF .
由DE =DF =1,得EF ∥AC ,
A
C
AC 共面. 故AC 11∥AC ,AC 11与
过点B 1作B 1O ⊥平面ABCD 于点O ,
A E ,B O F ,连结OE ,OF , 则B 1O 111∥B A ,OF ∥B C ,∴OE =OF . 于是OE 1111
∵B 1A 1⊥A 1D 1,∴OE ⊥AD .
∵B 1C 1⊥C 1D 1,∴OF ⊥CD .
所以点O 在BD 上,故D 1B 1与DB 共面.
(Ⅱ)证明:∵D 1D ⊥平面ABCD ,∴D 1D ⊥AC , 又BD ⊥AC (正方形的对角线互相垂直),
D 1D 与BD 是平面B 1BDD 1内的两条相交直线,
∴AC ⊥平面B 1BDD 1.
AC ,∴平面A 1ACC 1⊥平面B 1BDD 1. 又平面A 1ACC 1过
(Ⅲ)解:∵直线DB 是直线B 1B 在平面ABCD 上的射影,AC ⊥DB ,
根据三垂线定理,有AC ⊥B 1B .
M ,连结MC ,MO , 过点A 在平面ABB 1A 1B 于1内作AM ⊥B
则B 1B ⊥平面AMC , 于是B 1B ⊥MC ,B 1B ⊥MO ,
所以,∠AMC 是二面角A -B 1B -C 的一个平面角.
根据勾股定理,有A C 1C =B 1B . 1A =∵
OM ⊥B 1B ,有OM =
B 1O ·
OB BM =
AM =
,CM =. =
B 1B AM 2+CM 2-AC 211
cos ∠AMC ==-,∠AMC =π-arccos ,
52AM ·CM 5
二面角A -BB 1-C 的大小为π-arccos
1
. 5
3变式如图,已知ABCD -A 1BC 11D 1是棱长为的正方体,
点E 在AA 1上,点F 在CC 1上,且AE =FC 1=1. (1)求证:E ,B ,F ,D 1四点共面;(4分)
D 1C 1
F
A 1
E
M D
2
(2)若点G 在BC 上,BG =,点M 在BB 1上,
3
C
GM ⊥BF ,垂足为H ,求证:EM ⊥平面BCC 1B 1;(4分)
H
(3)用θ表示截面EBFD 1和侧面BCC 1B 1所成的锐二面角的大小,求tan θ. 证明:(1)建立如图所示的坐标系,则BE =(3,3,3) , 01) ,,BF =(0,3,2) ,BD 1=(3,所以BD 1=BE +BF ,故BD 1,BE ,BF 共面. 又它们有公共点B ,所以E ,B ,F ,D 1四点共面.
2⎛⎫(2)如图,设M (0,0,z ) ,则GM = 0,-,z ⎪,
3⎝⎭
而BF =(0,3,2) ,由题设得GM BF =-得z =1.
2
3+z 2=0, 3
因为M (0,0,1) ,E (3,0,1) ,有ME =(3,0,3) ,BC =(0,,0,0) ,又BB 1=(03,0) ,所以
ME ⊥BC . ME BB 1,1=0,ME BC =0,从而ME ⊥BB
故ME ⊥平面BCC 1B 1.
(3)设向量BP =(x ,y ,3) ⊥截面EBFD 1,于是BP ⊥BE ,BP ⊥BF .
而BE =(3,01) ,,BF =(0,3,2) ,得BP BE =3x +3=0,BP BF =3y +6=0,解得
x =-1,y =-2,所以BP =(-1,-2,3) .
又BA =(3,.
0,0) ⊥平面BCC 1B 1,所以BP 和BA 的夹角等于θ或π-θ(θ为锐角)于是cos θ=
BP BA BP BA
=
. 故tan θ=
【范例3】如图,在长方体AC 1中,AD=AA1=1,AB=2,点E 在棱AB (1)证明:D 1E ⊥A 1D ;
A (2)当E 为AB 的中点时,求点E 到面ACD 1的距离; (3)AE 等于何值时,二面角D 1—EC —D 的大小为
1
π
. 4
解析:法1
(1)∵AE ⊥面AA 1DD 1,A 1D ⊥AD 1,∴A 1D ⊥D 1E
(2)设点E 到面ACD 1的距离为h ,在△ACD 1中,AC=CD1=,AD 1=2,
故S ∆AD 1C =
11311⋅2⋅5-=, 而S ∆ACE =⋅AE ⋅BC =. 22222
11131S ∆AEC ⋅DD 1=S ∆AD 1C ⋅h , ∴⨯1=⨯h , ∴h =. 33223
A
∴V D 1-AEC =
(3)过D 作DH ⊥CE 于H ,连D 1H 、DE ,则
D 1H ⊥CE ,
∴∠DHD 1为二面角D 1—EC —D 的平面角.
设AE=x ,则BE=2-x
1
在Rt ∆D 1DH 中, ∠DHD 1=
π
4
, ∴DH =1.
在Rt ∆ADE 中, DE =∴在Rt ∆DHE 中, EH =x ,
在Rt ∆DHC 中CH =∴x +3=
x 2-4x +5⇒x =2-3.
, 在Rt ∆CBE 中CE =x 2-4x +5.
∴AE =2-时, 二面角D 1-EC -D .
4
法2:以D 为坐标原点,直线DA 、DC 、DD 1分别为x 、y 、z 轴,建立空间直角坐标系,设AE=x ,则A 1(1,0,1) ,D 1(0,0,1) ,E(1,x ,0) ,A(1,0,0), C(0,2,0).
π
(1)因为DA , 0, 1), (1, x , -1) =0, 所以DA 1⊥D 1. 1, D 1=(1
(2)因为E 为AB 的中点,则E (1,1,0), 从而D 1=(1, 1, -1), =(-1, 2, 0) ,AD , 0, 1) , 1=(-1
设平面ACD 1的法向量为n =(a , b , c ) ,
⎧⎧-a +2b =0⎧a =2b ⎪n ⋅AC =0, 则⎨也即⎨,得⎨, ⎪⎩-a +c =0⎩a =c ⎩⋅AD 1=0,
从而=(2, 1, 2) ,所以点E 到平面AD 1C 的距离为h =(3)设平面D 1EC 的法向量=(a , b , c ) , ∴=(1, x -2, 0), D 1=(0, 2, -1), DD 1=(0, 0, 1),
=
2+1-21
=. 33
⎧⎪⋅D 1=0, ⎧2b -c =0
⇒⎨由⎨ 令b =1, ∴c=2, a =2-x ,
a +b (x -2) =0. ⎪⎩⎩⋅=0,
∴=(2-x , 1, 2). 依题意cos
π
4
=
1=
222
⇒=.
222(x -2) +5
∴x 1=2+(不合,舍去),x 2=2- . ∴AE=2-时,二面角D 1—EC —D 的大小为
π
. 4
变式:如图,四棱锥P —ABCD 中,底面ABCD 为矩形,AB=8,AD=4,侧面PAD 为等边三角形,并且与底面所成二面角为60°.
(Ⅰ)求四棱锥P —ABCD 的体积; (Ⅱ)证明PA ⊥BD. 解析:(Ⅰ)如图,取AD 的中点E , 连结PE ,则PE ⊥AD.
作PO ⊥平面在ABCD ,垂足为O ,连结OE. 根据三垂线定理的逆定理得OE ⊥AD ,
所以∠PEO 为侧面PAD 与底面所成的二面角 的平面角,由已知条件可知∠PEO=60°,PE=6,所以PO=33,
四棱锥P —ABCD 的体积V P —ABCD =⨯8⨯4⨯3=96.
(Ⅱ)法1 如图,以O 为原点建立空间直角坐标系. 通过计算可得P(0,0,3) , A(23,-3,0) ,B(2,5,0) ,D(-2,-3,0)
所以=(3, -3, -3), =(-3, -8, 0). 因为⋅=-24+24+0=0, 所以PA ⊥BD. 法2:连结AO ,延长AO 交BD 于点F. 通过计算 可得EO=3,AE=2,又知AD=4,AB=8, 得
13
EO AD
=. 所以Rt △AEO ∽Rt △BAD. 得∠EAO=∠ABD. AE AB
所以∠EAO+∠ADF=90° 所以 AF⊥BD.
因为 直线AF 为直线PA 在平面ABCD 内的身影,所以PA ⊥BD.
【点晴】本小题主要考查棱锥的体积、二面角、异面直线所成的角等知识和空间想象能
力、分析问题能力,解题的关键是二面角的使用。使用空间向量能降低对空间想象能力的要求,但坐标系的位置不规则,注意点坐标的表示。