全国卷一文数解析几何大题答案
全国卷一解析几何大题答案
(2005全国卷1)
(22)本小题主要考查直线方程、平面向量及椭圆的几何性等性质等基本知识,考查综合运用数学知识解决问题及推理的能力. 满分14分. (I )解:设椭圆方程为
x a
22
+
y b
22
=1(a>b>0),F(c,0).
则直线AB 的方程为y=x-c, 代入
x a
22
+
y b
22
=1,化简得
(a2+b2)x 2-2a 2cx+a2c 2-a 2b 2=0. 令A(x1,y 1),B(x2,y 2), 则 x 1+x2=
2a c a +b
2
22
,x 1x 2=
a c -a b a +b
2
2
2222
.
由OA +OB =(x1+x2,y 1+y2),a=(3,-1), OA +OB 与a 共线,得 3(y1+y2)+(x1+x2)=0. 又 y 1=x1-c,y 2=x2-c,
∴ 3(x1+x2-2c)+(x1+x2)=0, ∴ x 1+x2=
2a c a +b
2
22
3c 2
.
即 =
3c 2
, 所以a 2=3b2.
∴ c=a -b
22
=
6a 3
,
故离心率e=
c a
=
63
.
22
22
(II )证明:由(I )知a =3b, 所以椭圆x 2+3y2=3b2.
设OM =(x,y),由已知得 (x,y)=λ(x1,y 1)+μ(x2,y 2),
22
x a
+
y b
=1可化为
x=λx 1+μx 2,
λy 1+μy 2.
∵M(x,y)在椭圆上,
∴(λx 1+μx 2) 2+3(λy 1+μy 2) 2=3b2.
22
即λ2(x 12+3y 12)+μ2(x 2+3y 2)+2λμ(x1x 2+3y1y 2)=3b2, ①
由(I )知x 1+x2=
2
2
32
22
c,a =
2
2
32
c ,b =
22
12
c .
2
∴x 1x 2=
a c -a b a +b
2
=
38
c .
2
∴x 1x 2+3y1y 2=x1x 2+3(x1-c)(x2-c) =4x1x 2-3(x1+x2)c+3c2 =
32
c 2-
92
c 2+3c2
=0.
22
又x 12+3y 12=3b, x 2+3y 2=3b, 代入①得
22
λ+μ=1.
故λ2+μ2为定值,定值为1.
(2006全国卷1) (21)解:
依题意可设P (0,1),O (x ,y ),则 |PQ |=
x +(y -1) .
2
2
22
又因为Q 在椭圆上,所以 x =a (1-y ).
PQ
2
2
2
2
=a (1-y ) +y -2y +1 =(1-a ) y -2y +1+a =(1-a )(y -
2
222
222
11-a
2
) -
2
11-a
2
+1+a .
2
因为y ≤,a >1,
11-a
若a ≥2, 则
≤1,当y =
11-a
2
时,PQ 取最大值
a
2
a -1a -1
2
2
;
若1
2, 则当y =-1时, |PQ |取最大值2.
(2007全国卷1) 22.证明
(Ⅰ)椭圆的半焦距c =
=1,
由AC ⊥BD 知点P 在以线段F 1F 2为直径的圆上,
22
故x 0+y 0=1,
所以,
x 03
2
+
y 02
2
≤
x 02
2
+
y 02
2
=
12
(Ⅱ)(ⅰ)当B D 的斜率k 存在且k ≠0时,B D 的方程为y =k (x +1) ,代入椭圆方程x
2
3
+
y
2
2
=1,并化简得(3k +2) x +6k x +3k -6=0.
2222
设B (x 1,y 1) ,D (x 2,y 2) ,则
6k
22
x 1+x 2=-
3k +2
,x 1x 2=
3k -63k +2
2
2
,
BD =
x 1-x 2=
=
1k
3k +2
;
因为A C 与B C 相交于点p ,且A C 的斜率为-
1⎫
2+1⎪k ⎭=所以,AC =. 12k +33⨯2+2
k
.
四边形A B C D 的面积 S =
12
BD AC =
24(k +1)
2
2
2
2
(3k +2)(2k +3)
≥
2
24(k +1)
22
2
⎡(3k +2) +(2k +3) ⎤⎢⎥
2⎣⎦
2
=
9625
.
当k =1时,上式取等号.
(ⅱ)当B D 的斜率k =0或斜率不存在时,四边形A B C D 的面积S =4. 综上,四边形A B C D 的面积的最小值为
(2008全国卷1) 22、解:
9625
2
(Ⅰ)设双曲线方程为
x a
22
-
y b
22
=1(a>0,b>0),右焦点为F(c,0)(c>0),则c =a+b
222
不妨设l 1:bx-ay =0,l 2:bx+ay=0 则
|FA |=
|b ⨯c -a ⨯0|
a +b
2
2
=b ,
OF |AB |
2
|OA |=-AF
2
=a |
2
|
2
因为
2
+|OA =|OB ,且
|OB |=2|AB |-|OA |,
2
所以|AB |+|OA
2
2
=(2|AB |-|OA |) ,
|
于是得tan ∠AOB=
|AB |=
43
。
1243
又BF 与FA 同向,故∠AOF=所以 解得
2tan ∠AOF 1-tan
2
∠AOB ,
=
∠AOF
tan ∠AOF=
b a
12
12
,或tan ∠AOF=-2(舍去)。
因此 =, a =2b , c =
c a
a
2
+b
2
=
5b
所以双曲线的离心率e==
52
(Ⅱ)由a=2b知,双曲线的方程可化为
x 2-4y 2=4b2 ① 由l 1的斜率为,c=5b 知,直线AB 的方程为
21
y=-2(x-5b) ② 将②代入①并化简,得
22
15x -325bx+84b=0
设AB 与双曲线的两交点的坐标分别为(x1,y 1) ,(x2,y 2) ,则 x 1+x2=
32155b
,x 1·x 2=
84b 15
2
③
AB 被双曲线所截得的线段长 l =+(-2) 2⋅|x 1-x 2|=将③代入④,并化简得l =
x
2
2
5[(x 1+x 2) -4x 1x 2] ④
4b 3
,而由已知l =4,故b=3,a=6
所以双曲线的方程为
(2009全国卷1)
36
-
y
2
9
=1
22解:(Ⅰ)将抛物线E :y 2=x 代入圆M :(x -4) 2+y 2=r 2(r >0) 的方程,消去y 2,
整理得x 2-7x +16-r 2=0 ①
E 与M 有四个交点的充要条件是:方程①有两个不相等的正根x 1、x 2
⎧ =(-7) 2-4(16-r 2) >0
⎪
由此得⎨x 1+x 2=7>0
⎪2x ⋅x =16-r >0⎩12
解得
154
2
又r >0
所以r
的取值范围是2, 4)
(II )
设四个交点的坐标分别为A (x 1
、B (x 1,
、C (x 2,
、D (x 22
则由(I )根据韦达定理有x 1+x 2=7, x 1x 2=16-
r ,r ∈。
2
, 4)
则S =
2
12
⋅2⋅|x 2-x 1|+
2
=|x 2-x 1|+
2
∴S =[(x 1+x 2) -4x 1x 2](x 1+x 2+=(7+r -15)
222
=t ,则S =(7+2t ) (7-2t ) 下面求S 的最大值。
方法1:由三次均值有:
S
2
=(7+2t ) (7-2t ) =
2
12
(7+2t )(7+2t )(14-4t )
≤
17+2t +7+2t +14-4t 31283() =⋅() 2323
当且仅当7+2t =14-4t ,即t =
76
时取最大值。
经检验此时r ∈2
4) 满足题意。
方法2
:设四个交点的坐标分别为A (x 1
、B (x 1,
、C (x 2,
、D (x 2则直线AC 、BD 的方程分别为 y -
x 1=
-
x 2-x 2-x 1
x 1
(x -x 1), y +
x 1=
x 2+
x 1
(x -x 1)
x 2-x 1
解得点P 的坐标为(x 1x 2, 0) 。 设t =
x 1x 2,由t =
16-r
2
及(Ⅰ)得t ∈(0,)
2
7
由于四边形ABCD 为等腰梯形,因而其面积 S =
12
2
(2x 1+2x 2) |x 1-x 2|
则S
=(x 1+2x 1x 2+x 2)[(x 1+x 2) -4x 1x 2]
x 1x 2=t 代入上式,并令f (t ) =S ,得
3
2
2
2
将x 1+x 2=7,
2
f (t ) =(7+2t ) (7-2t ) =-8t -28t +98t +343(0
72
) ,
∴f '(t ) =-24t 2-56t +98=-2(2t +7)(6t -7) ,
76
72
令f '(t ) =0得t =,或t =-(舍去)
当0
76
时,f '(t ) >0;当t =
76
时f '(t ) =0;当
76
72
时,f '(t )
故当且仅当t =
76
时,f (t ) 有最大值,即四边形ABCD 的面积最大,故所求的点P 的坐标
7
为(, 0)
6
(2010全国卷1)
(22)、解:
设A (x 1, y 1) ,B (x 2, y 2) ,D (x 1, -y 1) ,l 的方程为x =my -1(m ≠0) . (Ⅰ)将x =my -1代人y 2=4x 并整理得
y -4my +4=0,
2
从而 y 1+y 2=4m , y y =4 . 12直线B D 的方程为 y -y 2=
y 2+y 1x 2-x 1
4y 2-y 1=1.
⋅(x -x 2)
,
2
即 y -y 2=令y =0, 得x =
y 1y 24
⋅(x -
y 24
)
所以点F (1,0) 在直线B D 上
(Ⅱ)由①知,
2
-1) +(m 2y -1) =4m -2 x 1+x 2=(m y 1
x 1x 2=(my 1-1)(my 2-1) =1.
uu r uur
因为 FA =(x 1-1, y 1), FB =(x 2-1, y 2) ,
uu r uur
2
FA ⋅FB =(x 1-1)(x 2-1) +y 1y 2=x 1x 2-(x 1+x 2) +1+4=8-4m
故 8-4m 2=
解得 m =±
43
89
,
所以l 的方程为
3x +4y +3=0, x 3-y 4+3=又由①知
y 2-y 1==±
故直线BD
的斜率
4y 2-y 1
=±
因而直线BD
的方程为3x +-3=0, 3x -3=0.
(2011全国卷1)
(20)解:
(Ⅰ)曲线y =x -6x +1与y 轴的交点为(0,1),与x 轴的交点为
2
(3+22, 0), (3-22, 0).
故可设C 的圆心为(3,t ),则有32+(t -1) 2=(22) 2+t 2, 解得t=1. 则圆C 的半径为32+(t -1) 2=3. 所以圆C 的方程为(x -3) +(y -1) =9.
(Ⅱ)设A (x 1, y 1),B (x 2, y 2),其坐标满足方程组:
⎧⎪x -y +a =0,
⎨22
(x -3) +(y -1) =9. ⎪⎩
2
2
消去y ,得到方程
2x +(2a -8) x +a -2a +1=0.
2
2
(23)解:
(I )设P(x,y) ,则由条件知M(
X 2, Y 2
). 由于M 点在C 1上,所以
⎧x ⎫
=2cos α, ⎪⎪α⎧x =4c o s ⎫⎪2⎪
即 ⎨⎬ ⎨⎬
⎩y =4+4s i n α⎭⎪y =2+2sin α⎪
⎪⎪⎩2⎭
从而C 2的参数方程为
⎧x =4cos α
(α为参数) ⎨
⎩y =4+4sin α
(Ⅱ)曲线C 1的极坐标方程为ρ=4sin θ,曲线C 2的极坐标方程为ρ=8sin θ。 射线θ=
π
3
与C 1的交点A 的极径为ρ1=4sin 与C 2的交点B 的极径为ρ2=8sin
π
3
, 。
射线θ=
π
3
π
3
所以|AB |=|ρ2-ρ1|=(2012全国卷1)