2015届高考数学第二轮高效精练6.doc
第11讲 数列求和及其综合应用
-
1. 数列1+(1+2) +(1+2+4) +…+(1+2+…+2n 1) 的前n 项和为________.
+
答案:2n 1-n -2
-
解析:1+(1+2) +(1+2+4) +…+(1+2+…+2n 1) =(2+22+23+…+2n ) -n =2(2n -
+
1) -n =2n 1-n -2.
1
1+⎫,则a n =________. 2. 在数列{an }中,a 1=2,a n +1=a n +ln ⎛⎝n ⎭
答案:2+lnn 解析:累加可得.
3. 设等差数列{an }的前n 项和为S n ,则S 4,S 8-S 4,S 12-S 8,S 16-S 12成等差数列.类
T 比以上结论有:设等比数列{bn }的前n 项积为T n ,则T 4,________,________成等比数
T 12
列.
T T 答案:T 4T 8
a 4. 已知数列{an }满足a 1=33,a n +1-a n =2n ,则________.
n
21答案:2
解析:a n =(an -a n -1) +(an -1-a n -2) +…+(a2-a 1) +a 1=33+2[1+2+…+(n-1)]=n 2-n a 33⎧a ⎫
+33=n +-1,数列⎨n 在1≤n ≤6,n ∈N *时单调减,在n ≥7,n ∈N *时单调增,∴ n
n n ⎩⎭a =6时,取最小值.
n
2⎪a n +2⎪,n ∈N *,则数列{b}的通项公式b
5. 数列{an }满足a 1=2,a n +1=,b n =⎪⎪n n
a n +1⎪a n -1⎪
=________.
+
答案:2n 1
2
2
a n +1+2a n +1a n +2
解析:由条件得b n +1=|=||=2||=2b n ,且b 1=4,所以数列{bn }是
2a n +1-1a n -1-1a n +1
-+
首项为4,公比为2的等比数列,则b n =4·2n 1=2n 1.
6. 设a 1,a 2,…,a 50是从-1、0、1这三个整数中取值的数列,若a 1+a 2+a 3+…+a 50
=9,且(a1+1) 2+(a2+1) 2+…+(a50+1) 2=107,则a 1,a 2,…,a 50中数字0的个数为________.
答案:11
22
解析:(a1+1) 2+(a2+1) 2+…+(a50+1) 2=107,则(a1+a 22+…+a 50) +2(a1+a 2+…+a 50)
22
+50=107,∴ a 1+a 22+…+a 50=39,故a 1,a 2,…,a 50中数字0的个数为50-39=11.
-
7. 设S n =1-2+3-4+…+(-1) n 1n ,则S 9+S 12+S 21=__________. 答案:10
解析:相邻两项合并得S 9,S 12,S 21.
8. 设数列a n =log (n+1) (n+2) ,n ∈N *,定义使a 1·a 2·a 3·…·a k 为整数的实数k 为中国梦吉祥数,则在[1,2 014]内的所有中国梦吉祥数之和为____________.
答案:2 026
解析:a 1·a 2·a 3·…·a k =log 23·log 34·…·log (k+1) (k+2) =log 2(k+2) ,仅当k =2n
-2时,上式为中国梦吉祥数.
9. 如图所示,矩形A n B n C n D n 的一边A n B n 在x 轴上,另两个顶点C n 、D n 在函数f(x)=x 1
+>0) 的图象上,若点B n 的坐标为(n,0)(n≥2,n ∈N *),矩形A n B n C n D n 的周长记为a n ,x
则a 2+a 3+…+a 10=____________.
答案:216
1
n ,n ,故D n 的坐标为解析:由B n 的坐标为(n,0)(n≥2,n ∈N *) ,得C n 的坐标为⎛n ⎝
⎛1n +1,故a n =2⎛n 1+2⎛n 1=4n ,故a 2+a 3+…+a 10=4(2+3+…+10) =216.
n ⎝n ⎝n ⎝n a ⎧⎪2n a n 为偶数时,
10. 已知数列{an }满足a 1=m(m为正整数) ,a n +1=⎨若a 6=1,则
⎪⎩3a n +1,当a n 为奇数时.
m 所有可能的取值为______________.
答案:4,5,32
解析:显然,a n 为正整数,a 6=1,故a 5=2,a 4=4,若a 3为奇数,则4=3a 3+1,即a 3
=1;若a 3为偶数,则a 3=8. 若a 3=1,则a 2=2,a 1=4,若a 3=8,则a 2=16,a 1=5或32.
222
11. 设数列{an }是公差不为0的等差数列,S n 为其前n 项的和,满足:a 22+a 3=a 4+a 5,S 7=7.
(1) 求数列{an }的通项公式及前n 项的和S n ;
(2) 设数列{bn }满足b n =2a n ,其前n 项的和为T n ,当n 为何值时,有T n >512. 解:(1) 由{an }是公差不为0的等差数列,
2222⎧⎪a 2+a 3=a 4+a 5,
可设a n =a 1+(n-1)d ,则由⎨
⎪S 7=7,⎩
2222
⎧(a 1+d )+(a 1+2d )=(a 1+3d )+(a 1+4d ), 7×6
⎪⎩7a 1+2=7,
⎧2a 1d +5d 2=0,⎧a 1=-5,⎪⎪
整理,得⎨由d ≠0,解得⎨
⎪⎪a +3d =1,d =2,⎩1⎩
所以a n =a 1+(n-1)d =2n -7,
n (n -1)
S n =na 1+d =n 2-6n.
2
-
(2) 由(1)得a n =2n -7,所以b n =2a n =22n 7,
2n -7
b 21又=-4(n≥2) ,b 1=2a 1=
2b n -12
1
所以{bn }是首项为,公比为4的等比数列,
2
1n (1-4)21n
所以它的前n 项和T n ==(4-1) , 1-43×2于是由T n >512,得4n >3×47+1, 所以n ≥8时,有T n >512.
12. 数列{an }满足a n =2a n -1+2n +1(n∈N *,n ≥2) ,a 3=27. (1) 求a 1,a 2的值;
1
(2) 是否存在一个实数t ,使得b n =(an +t)(n∈N *) ,且数列{bn }为等差数列?若存在,
2
求出实数t ;若不存在,请说明理由;
得⎨
⎪
(3) 求数列{an }的前n 项和S n .
解:(1) 由a 3=27,得27=2a 2+23+1,∴ a 2=9. ∵ 9=2a 1+22+1,∴ a 1=2.
(2) 假设存在实数t ,使得{bn }为等差数列,则2b n =b n -1+b n +1(n≥2且n ∈N *) .
111
∴ 2×(an +t) =-(an -1+t) ++(an +1+t) ,
222∴ 4a n =4a n -1+a n +1+t ,
a -2n -1+
∴ 4a n =4×+2a n +2n 1+1+t ,∴ t =1.
2
即存在实数t =1,使得{bn }为等差数列.
351
(3) 由(1),(2)得b 1=b 2=,∴ b n =n
222
1
n +·2n -1=(2n+1)2n -1-1, ∴ a n =⎛⎝2-
S n =(3×20-1) +(5×21-1) +(7×22-1) +…+[(2n+1) ×2n 1-1]
-
=3+5×2+7×22+…+(2n+1) ×2n 1-n ,①
∴ 2S n =3×2+5×22+7×23+…+(2n+1) ×2n -2n ,②
-
由①-②得-S n =3+2×2+2×22+2×23+…+2×2n 1-(2n+1) ×2n +n =1+1-2n 2×-(2n+1) ×2n +n =(1-2n) ×2n +n -1,
1-2
∴ S n =(2n-1) ×2n -n +1.
13. 已知数列{an }是各项均不为0的等差数列,S n 为其前n 项和,且满足a 2n =S 2n -1,令1
b n =,数列{bn }的前n 项和为T n .
a n ·a n +1
(1) 求数列{an }的通项公式及数列{bn }的前n 项和T n ;
(2) 是否存在正整数m ,n(1<m <n) ,使得T 1,T m ,T n 成等比数列?若存在,求出所有的m ,n 的值;若不存在,请说明理由.
解:(1) n =1时,由a 21=S 1=a 1,且a 1≠0,得a 1=1. 因为{an }是等差数列,所以a n =a 1
+(n-1)d =1+(n-1)d ,
n (n -1)n (n -1)
S n =na 1+d =n +d.
22
于是由a 2n =S 2n -1,
得[1+(n-1)d]2=2n -1+(2n-1)(n-1)d ,
即d 2n 2+(2d-2d 2)n +d 2-2d +1=2dn 2+(2-3d)n +d -1,
2
⎧d =2d ,
⎪2
所以⎨2d -2d =2-3d ,解得d =2.
⎪⎩d 2-2d +1=d -1,
所以a n =2n -1,从而b n =
1
a n ·a n +1
1111
==⎛2n -1-2n +1
⎭(2n -1)·(2n +1)2⎝
11⎛1⎫11111111-1-+⎛⎫+…+⎛所以T n =b 1+b 2+…+b n =⎛==
2⎝32⎝35⎭2⎝2n -12n +1⎭2⎝2n +1⎭n
. 2n +1
m 21m n ⎛(2) (解法1)T 1=,T m ,T n =,若T 1,T m ,T n 成等比数列,则2m +1=
3⎝⎭2m +12n +1
1n ⎫m 2n
,即 32n +1⎭4m +4m +16n +3
m 2n 3-2m +4m +1
由=>0,
n m 4m +4m +16n +3
66
即-2m 2+4m +1>0,所以1-m <1+
22
*
又m ∈N ,且m >1,所以m =2,此时n =12.
因此,当且仅当m =2,n =12时,数列{Tn }中的T 1,T m ,T n 成等比数列.
n 11m 21
(解法2) <,故,即2m 2-4m -1<0,
366n +34m +4m +166+n
66
所以1-m <1+(以下同上) .
22
2
滚动练习(三)
1. 设集合U =Z ,A ={x|x2-x -2≥0,x ∈Z },则∁U A =________.(用列举法表示) 答案:{0,1}
a c
2. 设△ABC 的三个内角∠A 、∠B 、∠C 所对边的长分别是a 、b 、c ,且,
cosA sinC
那么∠A =________.
π答案:4
a c
解析:由正弦定理=sinA =cosA ,
sinA sinC
π
∴ tanA =1,∵ 0<A <π,∴ ∠A =.
4
3. 已知在等差数列{an }中,a 1+3a 8+a 15=60,则2a 9-a 10=________. 答案:12
解析:由a 1+3a 8+a 15=60,得5a 1+35d =60,即a 8=12,则2a 9-a 10=a 8=12.
4. 若函数f(x)=3sin (ωx+φ)(ω>0)的图象的相邻两条对称轴的距离是2π,则ω=________.
1答案:2
2π1
解析:由题知周期是4π,∴ .
4π2
5. 已知定义在R 上的奇函数f(x)满足f(x)=x 2+x(x≥0) ,若f(4-a 2) >f(3a),则实数a 的取值范围是____________.
答案:(-4,1)
⎧x ≥1,
6. 已知变量x 、y 满足条件⎨x -y ≤0,
⎪
则z =x +y 的最大值是________.
⎪⎩x +2y -9≤0,
答案:6
解析:本题考查线性规划知识. 7. 函数y =x 2(x>0)的图象在点(ak ,a 2k 为正整数,k ) 处的切线与x 轴交点的横坐标为a k +1,a 1=16,则a 1+a 3+a 5=____________.
答案:21
8. 若△ABC 的三个内角∠A 、∠B 、∠C 所对边的长分别为a 、b 、c ,向量m =(a+c ,b -a) ,n =(a-c ,b) ,若m ⊥n ,则∠C =________.
π答案:3
a 2+b 2-c 211
解析:∵ m ⊥n ,∴ (a+c)(a-c) +b(b-a) =0,∴ ,∴ cosC =,∴ ∠
2ab 22
πC =.
3
9. 设f(x)是定义在R 上且周期为2的函数,在区间[-1,1]上,f(x)=ax +1,-1≤x <0,⎧⎪3⎛1⎫
其中a 、b ∈R . 若f ⎛⎨bx +2⎝2=f ⎝2⎭,则a +3b 的值为________. ,0≤x ≤1,⎪⎩x +1
答案:-10
1
10. 已知函数f(x)=-2+4x -3lnx 在[t,t +1]上不是单调函数,则t 的取值范围是
2
__________.
答案:(0,1) ∪(2,3)
m
11. 已知函数f(x)=lnx -(m∈R ) 在区间[1,e]上取得最大值4,则m =____________.
x
答案:-3e
1m
解析:f′(x)=+,m ≥-1时,f(x)在[1,e]上单调减,f(1)=4,无解;-e
x x
f(x)在[1,-m]上增,在[-m ,e]上减,则f(-m) =4,无解;m ≤-e 时,f(x)在[1,e]上单调增,f(e)=4,m =-3e.
111
12. 数列{an }满足a 1>1,a n +1-1=a n (an -1)(n∈N +) ,且+…+=2,则a 2 013
a 1a 2a 2 012
-4a 1的最小值为____________.
7
答案:-
2
1111111
解析:由题知,a n >1,=,
a n a n -1a n +1-1a n +1-1a n (a n -1)a n -1a n
a 1-1111113
…+=2,a 2 013=1+,a 2 013>11>1, a 1a 2a 2 012a 1-1a 2 013-123-2a 1
13111175
1时取a 2 013-4a 1+⎡(6-4a 1)+6-4a ≥+2=-. 当且仅当a 1=∈⎛2⎣224⎝21⎦
等号.
13. 设函数f(x)=sinxcosx -3cos(x+π)cosx(x∈R ) . (1) 求f(x)的最小正周期;
π(2) 若函数y =f(x)的图象向右平移个单位后再向上平移个单位得到函数y =g(x)的
42
π
图象,求y =g(x)在⎡0,上的最大值.
4⎣
π113解:(1) f(x)=+3cos 2x =sin2x ++cos2x) =sin ⎛2x ++
22232⎝
2π
∴ f(x)的最小正周期为T =.
2
ππππ333
(2) 依题意得g(x)=f ⎛x -⎫=sin[2(x-) +]+sin ⎛2x 3,当
43224⎭26⎝⎝
ππππ
x ∈⎡0,时,2x ⎡-,⎤,
6⎣63⎦4⎣
π13
∴ sin ⎛2x -⎫≤,
26⎭2⎝3-133∴ g(x)≤
22
π33
∴ g(x)在⎡0⎤.
24⎦⎣
14. 某公司一下属企业从事某种高科技产品的生产.该企业第一年年初有资金2 000万元,将其投入生产,到当年年底资金增长了50%.预计以后每年资金年增长率与第一年的相同.公司要求企业从第一年开始,每年年底上缴资金d 万元,并将剩余资金全部投入下一年生产.设第n 年年底企业上缴资金后的剩余资金为a n 万元.
(1) 用d 表示a 1、a 2,并写出a n +1与a n 的关系式;
(2) 若公司希望经过m(m≥3) 年使企业的剩余资金为4 000万元,试确定企业每年上缴资金d 的值(用m 表示) .
解:(1) 由题意得a 1=2 000(1+50%)-d =3 000-d ,
3
a 2=a 1(1+50%)-d a 1-d ,
23
a n +1=a n (1+50%)-d =a n -d.
2
3233⎛(2) 由(1)得a n =a n -1-d =⎝2a n -2--d
22
33
a n -2-d ⎫-d =… =⎛⎭2⎝2n -133⎫n -2⎤3⎛3⎫2⎡⎛⎛=⎝2a 1-d 1+2+…+2
⎝⎭⎦. ⎣2⎝⎭
3⎫n -13n -1⎤⎡⎛⎛整理得a n =⎝2⎭(3 000-d) -2d
⎣⎝2-1⎦
3n -1⎛=⎝2(3 000-3d) +2d.
3⎫m -1⎛由题意,a m =4 000,即⎝2⎭(3 000-3d) +2d =4 000,
m
⎡⎛3⎫-2⎤×1 000+
1 000(3m -2m 1)⎣⎝2⎭⎦
解得d == m
3-2⎛3-1
⎝2+
1 000(3m -2m 1)
故该企业每年上缴资金d 的值为时,经过m(m≥3) 年企业的剩余资
3-2金为4 000万元.
15. 已知函数f(x)=lnx -ax +1,a ∈R 是常数.
(1) 求函数y =f(x)的图象在点P(1,f(1))处的切线l 的方程; (2) 证明函数y =f(x)(x≠1) 的图象在直线l 的下方; (3) 讨论函数y =f(x)零点的个数.
1
(1) 解:f′(x)=-a ,f(1)=-a +1,k l =f′(1)=1-a ,
x
所以切线l 的方程为y -f(1)=k l (x-1) , 即y =(1-a)x.
(2) 证明:令F(x)=f(x)-(1-a)x =lnx -x +1,x >0,则
11
F ′(x)=-1=(1-x) ,解F′(x)=0得x =1.
x 因为F(1)=0即函数y =f(x)(x≠1) 的图象在直线l 的下方.
lnx +1
(3) 解:令f(x)=lnx -ax +1=0,a
x
lnx +11-(lnx +1)lnx +1⎫lnx
令g(x)=,g ′(x)=⎛′==-, x x x ⎝x ⎭
则g(x)在(0,1) 上单调递增,在(1,+∞) 上单调递减, 当x =1时,g(x)的最大值为g(1)=1.
所以若a >1,则f(x)无零点;若f(x)有零点,则a ≤1.
若a =1,f(x)=lnx -ax +1=0,由(1)知f(x)有且仅有一个零点x =1.
若a ≤0,f(x)=lnx -ax +1单调递增,由幂函数与对数函数单调性比较,知f(x)有且仅有一个零点(或:直线y =ax -1与曲线y =lnx 有一个交点) .
111
若0<a <1,解f′(x)=-a =0得x =,由函数的单调性得知f(x)在x =x a a
1⎫1f ⎛=ln >0,由幂函数与对数函数单调性比较知,当x 充分大时f(x)<0,即f(x)在单调递⎝a ⎭a
111a
,+∞⎫有且仅有一个零点;又f ⎛=-0,所以f(x)在单调递增区间⎛0,上有减区间⎛⎝a ⎭⎝e ⎝a e
且仅有一个零点.
综上所述,当a >1时,f(x)无零点;
当a =1或a ≤0时,f(x)有且仅有一个零点; 当0<a <1时,f(x)有两个零点.
16. 设数列{an }的前n 项积为T n ,已知对 n ,m ∈N *,当n >m 时,-m)m
T T n -m ·q (nT m
(q>0是常数) .
(1) 求证:数列{an }是等比数列;
(2) 设正整数k ,m ,n(k<m <n) 成等差数列,试比较T n ·T k 和(Tm ) 2的大小,并说明理由.
T -
(1) 证明:设m =1T n -1·q n 1,
T 1T -
因为T i ≠0(i∈N *) ,所以有a 1·q n 1,
T n -1
a -
即a n =a 1·q n 1,所以当n ≥2时q ,
a n -1
所以数列{an }是等比数列.
(2) 解:当q =1时,a n =a 1(n∈N *) ,所以T n =a n 1,
+k n k 2m 2
所以T n ·T k =a n 1·a 1=a 1=a 1=T m .
当q ≠1时,a n =a 1·q
n -1
1+2+…+(n-1)
,T n =a 1·a 2…a n =a n =a n 1·q 1·q
k (k -1)
+
n (n -1)
2
,
k k
所以T n ·T k =a n ·a 1·q =a n , 1·q 1·q 22m m(m-1) T m =a 1·q ,
因为n +k =2m 且k <m <n ,
n 2+k 2-n -k n 2+k 2n +k 2n +k 2m ⎛所以a 1=a 1,=m >-m =m 2-m ,
22⎝22
所以若q >1,则T m ·T k >T 2m ;若0<q <1,则T m ·T k <T m .
n (n -1)
n 2-n +k 2-k