江苏省南京师范大学[数学之友]2016年高考数学模拟试题(1-2)(PDF)
2016高考数学模拟题(1)
南师大《数学之友》
一. 填空题
1. 在边长为6的正三角形ABC 中,=
11
;=. AD 与BE 相交于点P ,
32
⋅的值为
2. 设函数f (x ) 的定义域为R ,且为奇函数,当x >0时,f (x ) =−x +2x . 若f (x ) 在区
2
,a −2]上是单调递增函数,则a 的取值范围是 间[−1
3. 已知曲线y =
x
x ∈R ,e 是自然对数的底数)在x =−1处的切线和它在x =x 0(x 0≠0) e ⎛m m +1⎞
, ⎟,m 是整数,则m =. 44⎝⎠
处的切线互相垂直,设x 0∈⎜
4. 在ΔABC 中,角A ,B ,C 所对的边分别是a ,b ,c ,已知b =2,且
cos 2B +cos B +cos(A −C ) =1,当a +2c 取得最小值时,最大边所对角的余弦值是
________.
5. 设集合A ={(x , y ) |x +y +2x −1=0},B ={(x , y ) |(x +t ) ≥y }. 若A ⊆B , 则实数
2
2
2
2
t 的取值范围为.
6.已知函数f (x ) =a
2x
+ma x −n (a >0且a ≠1),若存在实数x 使得f (x ) +f (−x ) =−2,
则m 2+4n 2的最小值为_.
二、解答题
7. 如图,在平面直角坐标系xOy 中,已知椭圆
x 2y 2⎛12⎞
E :2+2=1(a >b
>0) 的离心率为,点A ⎜, ⎟a b 2⎝33⎠
在椭圆E 上,射线AO 与椭圆E 的另一交点为B ,点
P (−4t , t ) 在椭圆E 内部,射线AP , BP 与椭圆E 的另一交
点分别为C
, D .
(1)求椭圆E 的方程;(2)求证:CD ∥AB .
8. 如图,某城市有一个五边形的地下污水管通道ABCDE ,四边形BCDE 是矩形,其中CD =8km , BC =3km ;△ABE 是以BE 为底边的等腰三角形,AB =5km .现欲在BE 的中间点P 处建地下污水处理中心,为此要过点P 建一个“直线型”的地下水通道MN 接通主管道,其中接口处M 点在矩形BCDE 的边BC 或CD 上.
(1) 若点M 在边BC 上,设∠BPM =θ,用θ表示BM 和NE 的长; (2) 点M 设置在哪些地方,能使点M , N
平分主通道ABCDE 的周长?请说明理由.
(p 为常数,n =1, 2, 3...) . 9.数列{a n }的前n 项和为S n 且满足a 1=1,2a n +1=2a n +p
(1)若数列{a n }是等比数列,求实数p 的值;
⎧1⎫
(2)是否存在实数p ,使得数列⎨⎬满足:可以从中取出无限多项并按原来的先后次
⎩a n ⎭
序排成一个等差数列?若存在,求出所有满足条件的值;若不存在,请说明理由.
10. 设f (x ) =ln x −x −k , x ∈(0, +∞) . (1)若f [f (1)]
(2)设函数g (x ) =f (x ) −kx 的单调递增区间为D ,对任意给定的k >0,均有
2
D ⊆(0, a ](a 为与k 无关的常数),求证:a 的最小值为1.
(0,e )(3)求证:f (x ) 在区间上有两个零点的充要条件为k ∈(1−e , −1).
理科加试
11. 某班从6名志愿者中(其中男生4人,女生2人) ,选出3人参加学校的义务劳动. (1)设所选3人中女生人数ξ,求ξ的分布列及数学期望; (2)求男生甲或女生乙被选中的概率;
(3)在男生甲被选中的情况下,求女生乙也被选中的概率.
12. 设整数n ≥3,集合P ={1, 2, 3, L , n },A ,B 是P 的两个非空子集.记a n 为所有满足A 中的最大数小于B 中的最小数的集合对(A , B ) 的个数. (1)求a 3; (2)求a n .
参考答案
一、填空题
1. 答案:
27
. 4
解:根据题意D 为BC 的中点,E 为AC 的三分之一点,以BC 所在的直线为x 轴,以线段BC 的中垂线为y 轴建立图示的直角坐标系,则33333
所以=(−3, −. =(0, −. 22227. 所以PB ⋅PD =4
B (−3, 0) ,P (0,
2. 答案:1
解:因为f (x ) 为R 上的奇函数,所以f (x
) 的图形关于原点成中心对称,图形如图.
由图像可知函数f (x ) 在区间[−1,1]上为单调递增函数,所以
⎧a −2>−1
,解得1
⎩a −2≤1
3. 答案: 2.
解:当x
x −11
,且,及即:f ' (−1) =−2e f (x ) ⋅(−2e ) =−1() f x =>0,00
2e e x
1−x 01−x 01-x
=−2e ) =−1,即' () f x 所以,即000
e e e
可以得到x 0>0. 当x >0时,f ' (x ) =
+∞)上单调递增,e x 0+2ex 0−2e =0,设g (x ) =e x +2ex −2e (x >0) ,显然g (x ) 在(0,
33e 3e ⎛23⎞1
,g () =e −=e −>0,所以x 0∈⎜, ⎟,所以m =2. g () =−e
24216⎝44⎠
4. 答案:−
4
2
. 4
解:根据题意,−cos(A +C ) +cos(A −C ) =1−cos 2B ,化简得:sin A sin C =sin 2B ,即b 2=ac =4. 因为a +2c ≥22ac =42,当且仅当a =22,c =
2时取等号. 又
b =2,所以角A 最大,从而cos A =
4+2−82
=−.
4 2⋅2⋅2
5. 答案:t ≥3或t ≤−1.
(0, 0)∈B ,∴集合B 表示两条直线解:集合A 表示圆(x +1) +y =2上的点,又Q
22
y =±(x +t ) 所组成的含有原点的对顶区域,中心为(−t , 0) .因为A ⊆B , 所以圆心到直线的
距离d ≥r , 即 6. 答案:
|t -1|
≥2, 因此t ≥3或t ≤−1. 2
16. 5
解:根据题意得:a 2x +ma x −n +a −2x +ma −x −n =-2,则
2
(a x +a −x )+m (a x +a −x ) −2n =0,令t =a x +a −x ≥2,当且仅当x =0时,取“=”,
(m , 2n ) 在直线tx −y +t 2=0上,m 2+4n 2可以看成是点(m , 2n ) 到t 2+mt −2n =0,即点
4
t (m +4n )原点的距离的平方,所以(=2是增函数,当t =2时,min =2t +1+t
2
2
2
t 2
m 2+4n 2取得最小值
16
. 5
二、解答题
⎛1⎞⎛2⎞
⎜⎟
⎜⎟3⎠⎝3⎠⎝1, =7. 解:(1)易得2+=, 2a b 2
解得a 2=1,b 2=
2
2
1, 2
2
2
所以,椭圆E 的方程为:x +2y =1. (2)Q A (,
1212
,∴B (−, −. 3333
r uuu r uuu r uuu r uuu
设C (x 1, y 1) ,D (x 2, y 2) ,AP =λ1P C ,BP =λ2PD ,其中λ1,λ2∈, (0,1)
1⎧
(1)(4) t λ+−−1⎪⎪x 1=
λ1⎪
代入椭圆方程并整理得,(λ1+1)⋅18t 2=λ1−1, 则⎨2⎪(λ+1) t −
⎪y =11⎪λ1⎩
同理得,(λ2+1)⋅18t 2=λ2−1,相减得(λ1-λ2)⋅(18t 2−1) =0. Q 18t 2
8. 解:(1)当点M 在边BC 上,设∠BPM =θ(0≤tan θ≤在Rt △BPM 中,BM =BP ⋅tan θ=4tan θ. 在△PEN 中,不妨设∠PEN =α,其中sin α=
3
, 4
PE NE 34
=, , cos α=,则
55sin(π−θ−α) sin θ
即NE =
4sin θ20sin θ20tan θ
==;
sin(θ+α) 4sin θ+3cos θ4tan θ+3
10tan θ
=1;即8tan 2θ−8tan θ−3=0, 解得tan θ=2±.
44tan θ+3
(2)当点M 在边BC 上,由BM +AB +AN =MC +CD +DE +EN , BM −NE =2; 即2tan θ−
Q tan θ=
32−2+3
与0≤tan θ≤矛盾,点只能设在CD 上. 4444
当点M 在边CD 上,设CD 中点为Q ,由轴对称不妨设M 在CQ 上,此时点N 在线段AE
4
) ,在Rt △MPQ 中,MQ =PQ ⋅tan θ=3tan θ; 3
43
在△PAN 中,不妨设∠PAE =β,其中sin β=, cos β=;
55
上;设∠ MPQ =θ(0≤tan θ≤则
PA AN 3sin θ15sin θ15tan θ
===,即AN
=;
sin(π−θ−β) sin θsin(θ+β) 3sin θ+4cos θ3tan θ+4
由MC +CB +BA +AN =MQ +QD +DE +EN ,得
AN =MQ ,即3tan θ=
15tan θ
;解得tan θ=0或
3tan θ+4
tan θ=
1; 3
1
=3时,符合题意. 3
故当CM =4,或者CM =4−3×
答:当点M 位于CD 中点Q 处,或点M 到点C 的距离为3km 时,才能使点M , N 平分地下水总通道ABCDE 的周长.
2
9. (1)若数列{a n }是等比数列,则a 2=a 1a 3.
因为a 1=1,2a n +1=2a n +p ,所以2a 2=2a 1+p =2+p ,2a 3=2a 2+p =2+2p . 所以,(1+
p 2
=1×(1+p ) ,p =0. 2
⎧1⎫
(2)当p =0时,由(1)及a 1=1,所以1=1(n =1, 2, 3...) ,即数列⎨⎬是一个无穷
a n ⎩a n ⎭
等差数列.所以当p =0,满足题意.
当p ≠0时,因为a 1=1,2a n +1=2a n +p ,即a n +1−a n =
p
2.
下面用反证法证明,当p ≠0,从数列⎨个等差数列.
⎧1⎫
不能取出无限多项并按原来的先后次序排成一⎩a n ⎭
⎧1⎫
p ≠0假设存在0,从数列⎬可以取出无限多项并按原来的先后次序排成一个等差数列.
⎩a n ⎭
不妨记为{b n },设数列{b n }的公差为d . (1)当p 0>0时,a n >0(n =1, 2, 3...)
,
所以,数列{b n }是各项为正数的递减数列,所以d 1−
,
b 1b
,即n −1>−1,即(n −1) d
d d
b n >0矛盾.
(2)当p 0
p 0p 2
, n +1−01−p 022
当n >1−
2
时,a n
所以,数列{b n }是各项为负数的递增数列,所以,d >0. 因为b n =b 1+(n −1) d (n =1, 2, 3...) ,b n =b 1+(n −1) d >b 1+(1−盾.
b 1
−1) d =0,与b n
综上所述,p =0是唯一满足条件的p 的值.
10. (1)f [f (1)]
e +1
, −1). e
−1++81
−1−2kx >0得2kx 2+x −10, 得0
4k x
−1+8−1++8. 若0a ,得
4k 4k
(2)g ' (x ) =
所以g (x ) 的单调递增区间为(0k
1−a 1−a
这说明当给定的时,D ⊆(0, a ]不成立. k
−1++8≤1⇔+8k ≤4k +1⇔k 2≥0,
4k
11−x −1=, 所以f (x ) 在(0, 1) 上单调递x x
所以a ≥1,又a =1时,D ⊆(0, a ]⇔
这显然正确,所以a =1满足条件,故a 的最小值为1. (3)设f (x ) =ln x −x −k , x ∈(0, e ), 则f ' (x ) =
增,在(1, e ) 上单调递减,f (1) =−1−k , f (e ) =1−e −k ,因此f (x ) 在区间(0, e ) 上有两个
零点的必要条件为⎨
⎧f(1)>0
,即1−e
⎩f(e)
⎧f(1)>0k k k 当⎨,即1−e
递增,得在区间f (x ) 在(0, 1) 上存在唯一零点,而⎨
⎧f(1)>0
,及f (x ) 在(1, e ) 上单调递减,
⎩f(e)
得f (x ) 在区间(1, e ) 上存在唯一零点,故f (x ) 在区间(0, e ) 上有两个零点的充要条件为
1−e
故所求的k 的取值范围为(1−e , −1) .
理科加试
11. 解:(1)ξ的所有可能取值为0,1,2,依题意得:
C C 3C C 1C 1
P (ξ=0)= 5P (ξ=1)= 5P (ξ=2)= 5 C 6 C 6 C 6
∴ ξ的分布列为
311
∴ E ξ=0×555.
3
31
12
C 1
(2)设“男生甲、女生乙都不被选中”为事件C ,则P (C )= 5 C 6
—4
∴所求概率为P (C )=1-P (C )= 5 (3)设“男生甲被选中”为事件A ,“女生乙被选中”为事件B ,则 C 1C 1
P (A )= 2P (AB )= 5 C 6 C 6
P (AB ) 2
∴在男生甲被选中的情况下,女生乙也被选中的概率为P (B |A )= P (A ) 5
12. 解:(1)当n =3时,P ={1, 2, 3},其非空子集为:{1},{2},{3},{1,2},{1,3},
2
1
3
{2,3},{1,2,3},则所有满足题意的集合对(A , B ) 为({1},{2}),({1},{3}),({2},{3}),({1},{2,3}),({1,2},{3})共5对,所以a 3=5.
(2)设A 中的最大数为k ,其中1≤k ≤n −1,整数n ≥3,则A 中必含元素k ,另元素
1k −1k −1
,B 中必不含元素1, 2, L , k −1可在A 中,故A 的个数为:C k 0−1+C k −1+L +C k −1=2
1, 2, L , k ,另元素k +1, k +2, L , n 可在B 中,但不能都不在B 中,故B 的个数为:
12n −k n −k
C n −1, −k +C n −k +L +C n −k −=2
从而集合对(A , B ) 的个数为2所以,a n =
k −1
⋅(2n −k −1) =2n −1−2k −1,
n −1
∑(2
k =1
n −1
n −1
−2
k −1
) =(n −1) ⋅2
1−2n −1
−=(n −2) ⋅2n −1+1. 1−2
2016高考数学模拟题(2)
南师大《数学之友》
一. 填空题
1.直线l :x +y =t 与圆O :x +y =20交于点A ,B ,且ΔOAB 的面积S ΔOAB 为整数,则所有满足条件的正整数t 的和为 ▲ .
2. 若θ∈(0,
3. 设正三棱锥A −BCD 的底面边长和侧棱长均为4,点E , F , G , H 分别为棱AB , BC , CD , BD 的中点,则三棱锥E −FGH 的体积为 ▲ .
4.平面内四点O , A , B , C 满足OA =4, OB =2, OC =面积的最大值为 ▲ .
2
2
π
4
,且sin 2θ=
1π
,则sin(θ−的值为 ▲ .
44
5, ⋅=0,则ΔABC
⎧|2x −1|,x
, 若关于x 的函数y =2f 2(x ) +2bf (x ) +1有6个不同的5.已知函数f (x ) =⎨
⎩2−x , x ≥1
零点,则实数b 的取值范围是.
6.正数数列{a n }的前n 项和为S n ,a n =2S n −1,设c 为实数,对任意的三个成等差数列 的不等的正整数m , k , n ,不等式S m +S n >cS k 恒成立,则实数c
二、解答题
7.如图,某水域两条直线型岸边l 1和l 2成定角120°,该水域中位于该角平分线上且与顶点A 相距1km 的D 处有一固定桩.现某渔民准备经过该桩安装一直线型的隔离网BC (B , C 分别在l 1和l 2上)围出三角形ABC 的养殖区,且AB 的长不超过5km ,由于条件的限制
3
AC =a km ,a ∈[, 3],设AB
=x km ,问该渔民至少
2
可以围出多少平方公里的养殖区?
8. 已知直线
l :y =x +1,圆O :x 2+y 2=
3
, 直线l 被圆截得的弦长与椭圆2
x 2y 2. C :2+2=1(a >b
>0) 的短轴长相等,椭圆的离心率e =
a b 2
(1)求椭圆C 的方程;
−) 的动直线l 交椭圆C 于A 、B 两点,试问:在坐标平面上是否存在一个(2)过点M (0,
定点T ,使得无论l 如何转动,以AB 为直径的圆恒过定点T ?若存在,求出点T 的坐标;若不存在,请说明理由.
9. 设f (x ) =ax +b −x ln x (a >0) ,g (x ) =
1
3
2x
,若直线y =e −x 是曲线C:y =f (x ) 的1+x 2
一条切线(其中e 是自然对数的底数)且f (1) =1. (1)求a , b 的值;
(2)设0g (n ) .
10.定义:从一个数列{a n }中抽取若干项(不少于三项)按其在{a n }中的次序排列的一列数叫做{a n }的子数列.成等差(等比)的子数列叫做{a n }的等差(等比)子列.
(1)记数列{a n }的前n 项的和为S n ,已知S n =n ,求证:数列{a 3n }是数列{a n }的等差子列;
(2)设等差数列{a n }的各项均为整数,公差d ≠0,a 5=6.若数列a 3, a 5, a n 1是数列{a n }的等比子列,求n 1的值;
(3)设数列{a n }是各项均为实数的等比数列,且公比q ≠1.若数列{a n }存在无穷多项的等差子列,求公比q 所有的值.
2
理科加试
11. 某篮球运动员每次在罚球线投篮投进的概率是0.8,且各次投篮的结果互不影响. (1)假设这名运动员投篮3次,求恰有2次投进的概率;
(2)假设这名运动员投篮3次,每次投进得1分,未投进得0分;在3次投篮中,若有2次连续投进,而另外一次未投进,则额外加1分;若3次全投进,则额外加3分,记ξ为该篮球运动员投篮3次后的总分数,求ξ的分布列及数学期望E (ξ) .
12. 设M ={−1, 0, 1},集合A n ={(x 1, x 2, L , x n ) x i ∈M , i =1, 2, 3, L , n },集合A n 中满足条
n
件“1≤x 1+x 2+L +x n ≤m ”(m ∈N )的元素的个数记为S m .
*
(1)求S 2,S 2的值;
n (2)当m
24
参考答案
一. 填空题
1.答案:8.
t t 21t 2t t
解:d =,AB =220−,所以S ΔOAB =×220−×当t =2=40−t 2,
22222
或t =6时,S ΔOAB 为整数,故所有满足条件的正整数t 的和为8.
2.答案:−
6
. 4
解:因为θ∈(0,
π
4
) ,所以sin θ
,故sin(θ−=. (sinθ−cos θ) =−
4224
13
=,所44
以sin θ−cos θ=− 3.答案:
22
. 3
18
113622
. ××(×42) ×(×4) =
83433
解:V E −FGH =V A −BCD =
4.答案:15.
解:以, 为正交基底建立平面直角坐标系(, 的方向为x , y 轴的正方向),则BC =5,直线BC 的方程为x +2y −2=0,点A 在圆x +y =16上,设
2
2
A (4cos α, 4sin α) ,则A 到直线BC 的距离为
d =
4cos α+8sin α−23
, −2) .
2
≤
−42+82−25
=6,所以S ΔABC =
1
BC ⋅d ≤15. 2
5.答案:(−
解:由函数f (x ) 的图像可得,
使得函数y =2f (x ) +2bf (x ) +1有6个不同的零点,
2
b ⎧0
必须保证方程g (x ) =2x +2bx +1=0在(0, 1) 上有两个不同的根,⎨3+2b >0,
⎪4b 2−8>0⎪⎩
解得−
6.答案: (−∞, 2].
3
解:S n
(a n +1) 2(a n +1) 2(a n −1+1) 2=,当n ≥2时,a n =S n −S n −1=−即
444
(a n −1+1)所以a n −a n −1=2或a n =−a n −1(舍去),(a n −1) 2=(a n −1+1) 2 化简得a n −1=±S m +S n m 2+n 24(m 2+n 2)
令n =1,解得a 1=1.所以S n =n .根据题意c
S k k 2(m +n ) 2
2
4(m 2+n 2) 2(m −n ) 2S m +S n
−2=>0,所以>2,所以c ≤2. 22
(m +n ) (m +n ) S k
二、解答题
7. 解:根据题意S △ABD+S △ACD=S △ABC,
x 111
. x ⋅1⋅sin 60°+AC ⋅1⋅sin 60°=x ⋅AC ⋅sin 120°,解得:AC =
222x −1
x a
令0
x −1a −1a 5−4a a 又−5=
即
令△ABC 的面积为y ,
13x 231则y =x ⋅AC ⋅sin 120°=⋅=[(x −1) ++2].
24x −14x −1
c 当
a ≤2,即2≤a ≤3时,y ≥(2+2) =,当且仅当x =2时取" =" ; a −14
d 当
a a −1>2,即32≤a
, 4]. 再令f (t ) =
3(t +1+2) ,f ' 1
4t (t ) =4(1−t
2) . Q
1a −1>1, ∴f ' (t ) >0即f (t ) 在t ∈[1a −1
, 4]上为单调递增函数, 所以f t ) =f (13a 2min (a −1=4(a −1)
.
答:当2≤a ≤3时,养殖区面积的最小值为3平方公里,
当3
a 22
≤a
4(a −1) 平方公里.
2
2
8. 解:(1)由题设,可知b =⎛⎜3⎞⎜2⎟⎛1⎞
⎟−⎜⎟=1,
⎝⎠⎝2⎠
又e =
x 22
, a =, 所以椭圆C 的方程是2+y 2=1.
(2)法一:假设存在点T (u , v ) ,若直线l 的斜率存在,设其方程为y =kx −1
3
, 将它代入椭圆方程,并整理,得(18k
2
+9) x 2−12kx −16=0.
设点A , B 的坐标分别为A (x 1, y 1), B (x 2, y 2) ,则x 1, 2
=
2k ±9k 2+4. 6k 2+3
因为TA uu r =(x uur ) 及y 111−u , y 1−v ), TB =(x 2−u , y 2−v 1=kx 1−3, y 2=kx 2−3
,
所以,⋅=(x 1−u )(x 2−u ) +(y 1−v )(y 2−v ) =(k 2
+1) x 1x 2−(u +
13k +kv )(x ) +u 2+v 2+2v 1
1+x 23+9
(6u 2 =+6v 2−6) k 2−4ku +(3u 2+3v 2+2v −5)
6k 2
+3
, 当且仅当TA →
⋅TB →
=0恒成立时,以AB 为直径的圆恒过定点T ,
⎧ 所以⎪
6u 2+6v 2−6=0, ⎨u =0,
解得u =0, v =1.
⎪⎩
3u 2+3v 2+2v −5=0.
此时,以AB 为直径的圆恒过定点T (0,1). 当直线l 的斜率不存在时,l 与y 轴重合, 以AB 为直径的圆为x 2+y 2=1,也过点T (0,1).
综上可知,在坐标平面上存在一个定点T (0,1),满足条件. 法二:若直线l 与y 轴重合,则以AB 为直径的圆是x 2+y 2=1.
若直线l 垂直于y 轴,则以AB 为直径的圆是x 2
+
(y +1
2
=16
39
. ⎧x 2+y 2=1
由⎪
⎨⎧x =0⎪21216解. ⎩
x +(y +3=得⎨9. ⎩y =1 由此可知所求点T 如果存在,只能是(0,1).
事实上T (0,1)点就是所求点,证明如下: 当直线l 的斜率不存在,即直线l 与y 轴重合时, 以AB 为直径的圆为x 2+y 2=1,过点T (0,1); 当直线l 的斜率存在,设直线方程为y =kx −
1
3
,代入椭圆方程, 并整理得 (18k 2+9) x 2−12kx −16=0.
⎧
设点A , B 的坐标分别为A (x y ⎪⎪x 12k 1+x 2=⎨18k 2+9
, 1, 1), B (x 2, y 2) ,则
⎪⎪⎩
x −161x 2=18k 2+9.
→
Q TA =(x , y −1), TB →
=(x , y −1)及y 11122
1=kx 1−
3, y kx 1
2=2−3
, ∴TA →⋅TB →
=x
1x 2+(y 1−1)(y 2−1)
=(k 2+1)
x 41x 2−
()
3k (x x 16
1+2)+9
=−16k 2+118k 2+9−43k
⋅12k 18k 2+9+169=0 所以AB 为直径的圆恒过定点T (0,1).
即证明了T (0,1)点就是所求以AB 为直径的圆恒过的定点T (0,1).
9.解:(1)设切点坐标为(x 0, ax 0+b −x 0ln x 0) , 根据题意得,⎨
⎧a −ln x 0−1=−1
,
⎩e −x 0=ax 0+b −x 0ln x 0
所以,⎧⎨a =ln x 0
⎩
b =e −x .
0又f (1) =1=a +b =ln x 0+e −x 0 ,因为a >0,所以x 0>1. 令h (x ) =ln x −x +e −1(x >1) ,h ' (x ) =
1
x
−1,所以h (x ) 在
(1,+∞)为单调递减函数, 又h (e ) =0,所以x =e ,即x 0=e ,所以a =1, b =0. 即f (x ) =x −x ln x .
(2)因为f (x ) =x −x ln x (0
(x ) =1−ln x −1=−ln x >0,
所以f (x ) 在(0,1)上为单调递增函数;
因为0f (n ) ,又f (n ) =n −n ln n ,下面证明f (n ) >g (n ) .
要证上式成立,只要证n −n ln n >2n n 2-1n 2+1
,即证ln n -n 2+1
令r (n )=ln n -n 2-1'
(n 2-n 2+1
0
=1) 2n (n 2+1) 2>0, 所以r (n )在(0,1)为单调递增函数,所以r (n )
n 2+1
10. 证明:(1)当n ≥2时,a n =S n −S n −1=2n −1,又a 1=S 1=1=2×1−1, 所以a n =2n −1.
故a 3n =2⋅3n −1=6n −1,当n ≥2时,a 3(n +1) −a 3n =6, 所以数列{a 3n }是数列{a n }的等差子列.
(2)根据题意,a 6
3=a 5−2d =6−2d ,公比q =6−2d
,
所以a 6
n 1=6⋅
6−2d
.
又a n 1=a 5+(n 1−5) d =6+(n 1−5) d , 所以
366−2d =6+(n ) d ,即n 6
1−51=5+
3−d
. 因为d 为整数,n 1为正整数,
所以d =1, n 1=8或d =2, n 1=11或d =-3, n 1=6, 所以n 1=6, 8, 11.
(3)q 所有可能的取值为-1.
设数列{a n k }为{a n }的等差子列,公差为d ,则a n n k −1
k =a 1⋅q ,a n k +1−1
k +1=a 1⋅q
n ,
所以a n k −1
n k +1−a n k =a 1⋅q ⋅q n k +1−n k −1.
当q >1时,q n k +1−n k
−1≥q −1,所以d =a n k +1−a n k ≥a 1⋅q n k −1⋅(q −1) .
取n d k >1+log q
a ,所以a n k +1−a n k >d ,即d >d ,矛盾.
1⋅(q −1)
当q
1⋅q n k +1−n k −1≤a −11⋅q n k −1⋅(q n k +1−n k +1)
取n d
k >1+log q
2a ,所以a n k +1−a n k
所以q =1,又q ≠1,所以q =−1.
理科加试
11. 解:(1)设X 为该运动员在3次投篮中投进的次数,则X ~(3, 0. 8) . 在3次投篮中,
2
恰有2次投进的概率P (X =2) =C 3⋅0. 82⋅(1−0. 8) =0. 384;
(2)由题意可知,ξ的所有可能取值为0,1,2,3,6.
1P (ξ=0) =0. 23=0. 008, P (ξ=1) =C 3⋅0. 8⋅(1−0. 8) 2=0. 096;
P (ξ=2) =0. 82⋅(1−0. 8) =0. 128; P (ξ=3) =0. 82⋅(1−0. 8) ⋅2=0. 256; P (ξ=3) =0. 83=0. 512.
所以ξ的分布列是
ξ
P
E (ξ) =0. 008×0+0. 096×1+0. 128×2+0. 256×3+0. 512×6=4. 192.
12. 解:(1)S 2=8,S 2=32.
(2)根据题意,x 1+x 2+L +x n 的取值可能是1, 2, 3, L , m −1, m .
若x 1+x 2+L +x n =k (1≤k ≤m ),只要x 1, x 2, L , x n 中有k 个取1或-1其余均取0
k 1k k
即可,共有C n ,所以 ⋅(C 2) =2k ⋅C n n 122 S m =C n 2+C n 2+L +C n m 2m
001122m m m +1
24
=(1+2) n −(2n +1−2m +1) =3n −2n +1+2m +1,
所以命题成立.