平面解析几何中的对称问题
平面解析几何中的对称问题
李新林
汕头市第一中学 515031
对称性是数学美的重要表现形式之一,在数学学科中对称问题无处不在。在代数、三角中有对称式问题;在立体几何中有中对称问题对称体;在解析几何中有图象的对称问题。深入地研究数学中的对称问题有助于培养学生分析解决问题的能力,有助于提高学生的数学素质。
在平面解析几何中,对称问题的存在尤其普遍。平面解析几何中的对称问题在高考试题中更是屡见不鲜。本文将对平面解析几何中的几种常见对称问题作一些肤浅的探讨,以求斧正。 平面解析几何中的对称问题主要有如下几种:点关于点的对称问题简称点点对称;点关于直线的对称问题简称点线对称;曲线关于点的对称问题简称线点对称;曲线关于直线的对称问题简称线线对称。
一、点点对称
定理1 平面上一点M (x , y ) 关于点P (x 0, y 0) 的对称点为M ' (2x 0-x , 2y 0-y ) ,
特别地,点
M (x , y ) 关于点P (0, 0) 的对称点为M ' (-x , -y ) 。
证明:显然
P (x 0, y 0) 为线段MM
'
的中点,设
M ' (x ' , y ' ) ,由中点坐标公式有:
⎧x +x '
' x =⎪⎧x =2x 0-x ' ⎪02 ,即 ,故M (2x 0-x , 2y 0-y ) 。 ⎨⎨' '
⎩y =2y 0-y ⎪y 0=y +y
⎪2⎩
例1 若点
A 关于点B (-2, 1) 的对称点为C (4, 2) ,求点A 的坐标。
解:设
A (x , y ) ,由定理1有A (2⨯(-2) -4, 2⨯1-2) ,即A (-8, 0) 。
二、点线对称
定理1 平面上一点M (x 0, y 0) 关于直线l :Ax +By +C =0, (A 2+B 2≠0) 的对称点为:
M ' (x 0-
2A (Ax 0+By 0+C ) 2A (Ax 0+By 0+C )
, y -) 。 0
A 2+B 2A 2+B 2
A ≠0, B ≠0的情况。
'
证明:先证明一般情况,即M (x , y )
如图(一), 设M ' (x , y ) ,线段MM
交直线l 于点
对称,故Q (x Q , y Q ) 为线段
Q (x Q , y Q ) ,由点M (x 0, y 0) 与点M ' (x , y ) 关于直线l
MM
'
的中点且MM
'
⊥l ,
X 于是有:
x 0+x ⎧x =y 0-y 1B ⎪Q
2=-= 且, ⎨A y 0+y x -x A 0⎪y Q =-
B 2⎩
y 0+y ⎧x 0+x A ⋅+B ⋅+C =0⎪⎪22又点Q (x Q , y Q ) 在直线l 上,故有:⎨ ,
y 0-y B
⎪=⎪x -x A 0⎩
2A (Ax 0+By 0+C ) ⎧
x =x -0⎪A 2+B 2
解此二元一次方程组得:⎨ ,
2A (Ax 0+By 0+C )
⎪y =y 0-
A 2+B 2⎩
即
M ' (x 0-
2A (Ax 0+By 0+C ) 2A (Ax 0+By 0+C )
, y -) 。 02222
A +B A +B
至于
A =0, B ≠0与A ≠0, B =0的情况比较简单,证明略。
特别地,有如下几种特殊情况:
(1) 平面上一点(2) 平面上一点(3) 平面上一点(4) 平面上一点(5) 平面上一点
M (x 0, y 0) 关于x 轴的对称点为:(x 0, -y 0) ; M (x 0, y 0) 关于y 轴的对称点为:(-x 0, y 0) ;
M (x 0, y 0) 关于直线x =a 的对称点为:(2a -x 0, y 0) ; M (x 0, y 0) 关于直线y =b 的对称点为:(x 0, 2b -y 0) ; M (x 0, y 0) 关于直线y =x 的对称点为:(y 0, x 0) ;
y =-x 的对称点为:(-y 0, -x 0) ;
(6) 平面上一点M (x 0, y 0) 关于直线(7) 平面上一点M (x 0, y 0) 关于直线(8) 平面上一点M (x 0, y 0) 关于直线
特别地,点
y =x +b 的对称点为:(y 0-b , x 0+b ) ;
y =-x +b 的对称点为:(-y 0-b , -x 0+b )
M (x , y ) 关于点P (0, 0) 的对称点为M ' (-x , -y ) 。
(x -x 0) 2(y -y 0) 2
若直线x +y +z =0, 与椭圆C :+=1 22
a b
有公共点,则有:(Aa )
2
+(Bb ) 2≥(Ax 0+By 0+C ) 2
(x -x 0) 2(y -y 0) 2
+=1 可令x =x 0+a cos 证明:由C :θ,y =y 0+b sin θa 2b 2
代入l :
θ) +B (y 0+b sin θ) +C =0 Ax +By +C =0, (A 2+B 2≠0) 得:A (x 0+a cos
Aa cos θ+Bb sin θ=-(A x 0+B y 0+C )
(其中ϕ为辅助角) (Aa ) 2+(Bb ) 2sin(θ+ϕ) =-(A x 0+B y 0+C ) ,
整理得: 即:
又
s i n θ(+ϕ) ≤1,
2
∴
-(Ax 0+By 0+C ) (Aa ) +(Bb )
2
2
≤1
即:(Aa )
+(Bb ) 2≥(Ax 0+By 0+C ) 2
特别地,当
x 0=0, y 0=0时,有
2
2
推论
x 2y 2
1 若直线l :Ax +By +C =0, (A +B ≠0) 与椭圆C :2+2=1有公共点,则有:
a b
(Aa ) 2+(Bb ) 2≥C 2
对于定理1,若令a
=b =r ,则有
定理2 若直线l :公共点,则有:(Ar )
2
Ax +By +C =0, (A 2+B 2≠0) 与圆C :(x -x 0) 2+(y -y 0) 2=r 2有
+(Br ) 2≥(Ax 0+By 0+C ) 2,整理得
r 2(A 2+B 2) ≥(Ax 0+By 0+C ) 2
特别地,当
x 0=0, y 0=0时,有
Ax +By +C =0, (A 2+B 2≠0) 与圆C :x 2+y 2=r 2有公共点,
推论2 若直线l :则有:
r 2(A 2+B 2) ≥C 2
下面略举数例说明其应用。 一、 求点到直线的距离 例1 求点
P (x 0, y 0) 到直线l :Ax +By +C =0, (A 2+B 2≠0) 的距离。 P (x 0, y 0) 到直线l :Ax +By +C =0, (A 2+B 2≠0) 的距离为d
,构造以点
解:设点
P (x 0, y 0) 为圆心,r 为半径的动圆C :(x -x 0) 2+(y -y 0) 2=r 2,显然,当直线 l :Ax +By +C =0, (A 2+B 2≠0) 与动圆C :(x -x 0) 2+(y -y 0) 2=r 2有公共点时,
点
P (x 0, y 0) 到直线l :Ax +By +C =0, (A 2+B 2≠0) 的距离d
为半径r 的最小值,
即d
=r min ,由定理2知:r 2(A 2+B 2) ≥(Ax 0+By 0+C ) 2,即:
Ax 0+By 0+C
A +B
2
2
≤r ,
故d =
Ax 0+By 0+C
A +B
2
2
即点
P (x 0, y 0) 到直线l :Ax +By +C =0, (A 2+B 2≠0) 的距离为
d =
Ax 0+By 0+C
A +B
2
2
此即平面解析几何中点到直线的距离公式。 二、 求最值、函数的值域
例1 若
x , y ∈R , 且(x -2) 2+y 2=3,则
y
x
的最大值为( )
A .
12
B .
33 C . D .3 33
(1990年全国高考试题)
解:设
y
=k ,得直线kx -y =0,由定理1得3(k 2+1) ≥(2k ) 2,解得:、 x
y
≤,故选(D ) x
-≤k ≤,即-3≤
例2 求函数
y =
3+2cos x +sin x
的值域。
1+2cos x +3sin x =u ,cos x =v ,代入y =
解:设sin x
3+2cos x +sin x 3+2v +u
得:y =
1+2cos x +3sin x 1+2v +3u
整理得(3y -1) u +2(y -1) v +(y -3)
=0,又u 2+v 2=1
=0与关于u , v 的圆u 2+v 2=1有公共点。
关于u , v 的直线(3y -1) u +2(y -1) v +(y -3) 由推论2得:(3y -1) 解得:⎨y
2
+[2(y -1)]2≥(y -3) 2
⎧
⎫1
y ≤-或y ≥1⎬
3⎩⎭
即所求函数
y =
3+2cos x +sin x ⎧⎫1
的值域为⎨y y ≤-或y ≥1⎬。
1+2cos x +3sin x 3⎩⎭
例3 已知平面上两定点一点,求
A (-1, 0), B (1, 0) ,P (x , y ) 为圆C :(x -3) 2+(y -4) 2=4上任
PA +PB
22
的最大值与最小值。
解:依题意有
PA +PB =(x +1) 2+y 2+(x -1) 2+y 2=2(x 2+y 2) +2 ①
又由C :(x -3)
2
2
22
2
+(y -4) 2=4得x 2+y 2=6x +8y -21,代入①得:
PA +PB =2(x 2+y 2) +2=2(6x +8y -21) +2=12x +16y -40
令
PA +PB =t ,有12x +16y -40=t ,即12x +16y -(40+t ) =0
x , y 的直线12x +16y -(40+t ) =0与关于x , y 的圆(x -3) 2+(y -4) 2=4有公共点。
2
22
关于
由定理2得:4(12 故
+162) ≥[12⨯3+16⨯4-(40+t )]2解得:20≤t ≤100
PA +PB
22
的最大值与最小值分别为20与40。
x 2y 2x +y -1+=1,(x , y ∈R ) ,求例4 已知椭圆C :的最大值。 94y +2
解:令t
=
x +y -1
,整理得x +(1-t ) y -(2t +1) =0
y +2
x 2y 2
+=1,(x , y ∈R ) 有公共点。 关于x , y 的直线x +(1-t ) y -(2t +1) =0与椭圆C :94
由推论1得:9+4(1-t )
2
≥[-(2t +1)]2,解得:t ≤1
故
x +y -1
的最大值为1。
y +2
例5 (加拿大第七届中学生数学竞赛试题)试确定最大的实数
z ,使得实数x , y 满足:
{
又关于
x +y +z =5xy +yz +xz =3
解:由
x +y +z =5得:x 2+y 2+z 2+2(xy +yz +xz ) =25 ①
xy +yz +xz =3,代入①得:x 2+y 2+z 2=19,即x 2+y 2=19-z 2 x , y 的直线x +y +(z -5) =0与关于x , y 的圆x 2+y 2=19-z 2有公共点。
2
由推论2得:(19-z 解得:3z
2
)(12+12) ≥(z -5) 2
13 3
-10z -13≤0,即:-1≤z ≤
13。 3
故最大的实数
z 为
三、 求代数式的范围 例1 若
x , y ∈R , x 2+(y -1) 2=1,且x +y +d ≥0恒成立,求d
的取值范围。
解:由已知得d ≥-(x +y ) ,设-(x +y ) =k ,得直线(x +y ) +k =0,
由定理2得:(1即-(x +故d
2
+12) ≥(1+k ) 2,解得:--1≤k ≤2-1,即k max =2-1,
y ) max =2-1, 又d ≥-(x +y ) ,
x 2-2xy +2y 2=2, (x , y ∈R ) ,求3x -5y 的取值范围。
x 2-2xy +2y 2=2, (x , y ∈R ) 可得(x -y ) 2+y 2=2 ①
≥2-1。
例2 已知
解:由令
x -y =u ,y =v ,代入①得:u 2+v 2=2
又令t =3x -5y ,将x -y =u ,y =v 代入t =3x -5y 得:t =3(u +v ) -5v
-t =0
-t =0与关于u , v 的圆u 2+v 2=2有公共点,
即3u -2v
关于u , v 的直线3u -2v 由推论2得:2[3解得:-例3 若
2
+(-2) 2]≥(-t ) 2
26≤t ≤26,即-26≤3x -5y ≤26
2222
x , y ∈R ,且(log(a >0且a ≠1) a (ay ) ,a x ) +(loga y ) =log a (ax ) +log
求log a (xy ) 的范围。 解:令log a 并化简得:u
2
2222
x =u ,log a y =v 代入(loga (ay ) a x ) +(loga y ) =log a (ax ) +log
+v 2=2+2u +2v ,即(u -1) 2+(v -1) 2=4
又令log a (xy ) =t ,则有t =log a x +log a y =u +v ,即u +v -t =0
+v -t =0与关于u , v 的圆(u -1) 2+(v -1) 2=4有公共点,
关于u , v 的直线u 由定理2得:4(1即2-2
2
+12) ≥(1+1-t ) 2,解得2-2≤t ≤2+22
≤log 2(xy ) ≤2+22
例4 设a , b , c 满足方程组
{
a 2-bc -8a +7=0①
22 ,若a , b , c ∈R ,试求a 的取值范围。 b +c +bc -6a +6=0 ②
(1986年全国高中数学联赛试题) 解:由②—①得:b +c 由①+②得:b
2
=±(a -1) ,即b +c ±(1-a ) =0,
+c 2=-a 2+6a -6
=0与关于b , c 的圆b 2+c 2=-a 2+6a -6有公共点。
关于b , c 的直线b +c ±(1-a ) 由推论2得: 解得:1≤
(-a 2+6a -6)(12+12) ≥[±(1-a )]2
a ≤9
a ≤9。
故a 的取值范围为1≤
四、解方程组及证明不等式 例1 已知:(x -3)
2
+(y +2) 2≤25, x , y ∈R , 求证:-16≤6x -8y ≤84
证明:设6x -8y 关于
=k ,有6x -8y -k =0,
x , y 的直线6x -8y -k =0与关于x , y 的圆(x -3) 2+(y +2) 2=25, 有公共点。
2
由定理2得:25(6解得:-16≤k
+82) ≥[6⨯3+(-8) ⨯(-2) -k ]2
≤84,即-16≤6x -8y ≤84
2
例2 实数m , n , x , y ∈R ,且m
证明:设mx 关于
+n 2=a , x 2+y 2=b ,求证|mx +ny |≤ab 。
+ny =k ,有mx +ny -k =0,
x , y 的直线mx +ny -k =0与关于x , y 的圆x 2+y 2=b 有公共点。
2
由推论2得:b (m 又m 故
2
+n 2) ≥k 2
+n 2=a , 所以有ab ≥k 2
k ≤ab ,即|mx +ny |≤ab
a 2
x , y , z ∈R , 且满足①x +y +z =a (a >0), ②x +y +z =
2
2
2
2
例3 ,
证明
x , y , z 都不是负数,也不能大于
2a 。(1957年北京市数学竞赛题) 3
证明:由①得
y +z +(x -a ) =0(a >0), 由②得
a 2
y +z =-x 2,
2
2
2
关于
y , z 的直线y +z +(x -a ) =0(a >0), 与关于y , z 的圆
a 2
y +z =-x 2有公共点。
2
2
2
a 2
-x 2) (12+12) ≥(x -a ) 2 由推论2得:(2
解得:3x 故0≤
2
-2ax ≤0,又a >0,
2a 2a 2a 2a
, 0≤z ≤,同理,0≤y ≤,所以,x , y , z 都不是负数,也不能大于。
3333
x ≤
例4 已知
x , y , z ∈R , 且满足x +y +z =0, xyz =1,
证明
x , y , z 中至少有一个大于
证明:由
3
2
。(1991年“曙光杯”数学竞赛题)
xyz =1知x , y , z 中至少有一个为正数,不妨设z >0
又由
x +y +z =0, 得:x 2+y 2+z 2+2(xy +yz +xz ) =0 ①
由
xyz =1得xy =
1
,代入①得: z
x 2+y 2+z 2+
22+2yz +2xz =0,即(x -z ) 2+(y -z ) 2=z 2- z z
2
有公共点。 z
关于
x , y 的直线x +y +z =0, 与关于x , y 的圆(x -z ) 2+(y -z ) 2=z 2-
由定理2得:(z
2
2
-)(12+12) ≥(-z -z +z ) 2 z
442
,即: z ≥ ② z z
解得:
z 2≤2z 2-
又
z >0,由②得:z 3≥3,故z ≥4=3
323273
>= 882
所以
x , y , z 中至少有一个大于
3
2
。
例5 若∆ABC 中,三边为a , b , c ,且
{
b +c =8①
2 试确定∆ABC 的形状。 bc =a -12a +52 ②
(1989年“缙云杯”数学邀请赛试题)
解:由①+②得:b
2
2
+c 2=-2a 2+24a -40
关于b , c 的直线b +c -8由推论2得: 解得:a
2
=0与关于b , c 的圆b 2+c 2=-2a 2+24a -40有公共点。
(-2a 2+24a -40)(12+12) ≥(-8) 2
-12a +36≤0,即(a -6) 2≤0,a =6代入①、②得:b =c =4
所以∆ABC 为等腰三角形。
例6 求三个实数
x , y , z 使得它们满足方程组
x +3y +z =13{24x +9y +z -2x +15y +3z =82
2
2
2
①
②
解:由①可得:2x +3y +(z -13) =0
由②可得:
51
(y -) 2(x -) 2
+=1
17721772
-z -3z -z -3z 249
关于
x , y 的直线2x +3y +(z -13) =0与关于x , y 的椭圆
51
(y -) 2(x -) 2
+=1有公共点。
17721772
-z -3z -z -3z 249
17721772
-z -3z -z -3z
152由定理1得:2⨯+32⨯≥(2⨯-3⨯+z -13) 2
4946
化简得:
z 2-8z +16≤0,即(z -4) 2≤0,z =4代入①、②得:x =3, y =1
x =3, y =1,z =4
故所求三个实数分别为