国庆节假期作业
鲁山一高老校区国庆节数学假期作业
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分. 1.设复数z的共轭复数为z,若z1i(i为虚数单位)则
A.3i 2.如图给出的是计算1
( )
A.i2011 C.i1005
B.2i
z
z2的值为 z
C.i D.i
111
的值的一个程序框图,其中判断框内应填入的条件是
352011
B.i2011 D.i1005
yx
3.设变量x,y满足:x3y4,则z=|x-3y|的最大值为
x2
( )
A.8
B.3 C.
13 4
D.
92
4. 设等差数列{an}的前n项和为Sn,若 S39,S636, 则a7a8a9( )
A. 63 B. 45 C. 36
5.如图,三棱柱ABC-A1B1C1的侧棱长和底面边长均为
2,且侧棱AA1底面ABC,其正(主)视图是边
D. 27
A长为2的正方形,则此三棱柱侧(左)视图的面积 为( )
正(主)视图
A.22 B.4 C. D.23 6. 下列命题中是假命题的是
A.mR,使f(x)(m1)x
m24m3
是幂函数
B. R,函数f(x)sin(x)都不是偶函数 C.,R,使cos()coscos D. a0,函数f(x)lnxlnxa有零点
2
x2y222
7.已知双曲线221(a0,b0)的渐近线均和圆C:xy6x50相切,且双
ab
曲线的右焦点为圆C的圆心,则该双曲线的方程为
x2y2x2y2x2y2x2y2
A. 1 B. 1 C. 1 D. 1
7225165445
3x
8. (文)已知函数f(x)x(xR),则
31
f(4)f(3)f(2)f(1)f(0)f(1)f(2)f(3)f(4)( )
A.0
B.1
C.
9 2
D.
2 9
(理) 在一条南北方向的步行街同侧有8块广告牌,牌的底色可选用红、蓝两种颜色的一种,若只要求相邻两块牌的底色不都为红色,则不同的配色方案共有 ( )
A.55 B.54 C.46 D.45 9.已知
ABC
ACABC,则ABC的周长等于( ) 3
B
. C
.2 D
A
.310.如果函数f(x)cos(2x)的图象关于点(
4
,0)成中心对称,且,则函数322
yf(x)为
3
A.奇函数且在(0,C.偶函数且在(0,
4
)上单调递增 )上单调递减
B.偶函数且在(0,D.奇函数且在(0,
2
)上单调递增 )上单调递减
3,3
2
4
11.在三棱锥S—ABC中,AB⊥BC,AB=BC=2,SA=SC=2,,二面角S—AC—B的余弦值是
若S、A、B、C都在同一球面上,则该球的表面积是( ) A.86
B.6
C.24
D.6
log(x1),x[0,1)1
212.定义在R上的奇函数f(x),当x0时,f(x),则关于x的函数1|x3|,x[1,)
F(x)f(x)a(0a1)的所有零点之和为( )
A.21 B.12 C.21 D.12二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
a
a
a
a
2x2,x0
13.(文)已知函数f(x),则f[f(10)]的值为 。
lg(x),x0
(理)某高校进行自主招生面试时的程序如下:共设3道题,每道题答对给10分、答错倒扣5分(每道题都必须回答,但相互不影响).设某学生对每道题答对的概率都为
2
,则该学生在3
面试时得分的期望值为 分.
1
14. 若平面向量α,满足|α|=1,||≤1,且以向量α,为邻边的平行四边形的面积为 2,则
α与的夹角θ的取值范围是________
2
15.已知F是抛物线C:y4x的焦点,过F
C于A,
B两点.设
,若FAFB,则λ的值为.
16. 已知集合A{a1,a2,a3,,an},记和aiaj(1ijn)中所有不同值的个数为M(A).如
当A{1,2,3,4}时,由123,134,14235,246,347,得
M(A)5.对于集合B{b1,b2,b3,,bn},若实数b1,b2,b3,,bn成等差数列,则
M(B)= .
三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。 17.(小题满分12分)己知函数f(x)2sin(2x(1)求函数f(x)的最小正周期。
(2)记△ABC的内角A、B、C的对边长分别为a、b、c,若,f()1、b=1、
,求a的值. 18.(本小题满分12分)如右图所示,四棱锥P—ABCD中,侧面PDC是边长为2的正三角形且与底面垂直,底面ABCD是∠ADC=60°的菱形,M为PB的中点.
(1)求PA与底面ABCD所成角的大小; (2)求证:PA⊥平面CDM; (3)(文)求三棱锥B-ACP的体积。
(理)求二面角D—MC—B的余弦值.
6
)2sin2x.
B2
19.(本小题满分12分)
某高校在2012年的自主招生考试成绩中随机抽取100名学生的笔试成绩,按成绩共分五组,得到
频率分布表如下表所示。
(1)请求出①②位置相应的数字,填在答题卡相应位置上,并补全频率分布直方图;
(2)为了能选出最优秀的学生,高校决定在笔试成绩高的第3、4、5组中用分层抽样的方法抽取12人进入第二轮面试,求第3、4、5组中每组各抽取多少人进入第二轮的面试;假定考生“XXX”笔试成绩为178分,但不幸没入选这100人中,那这样的筛选方法对该生而言公平吗?为什么? (3)(文)在(2)的前提下,在样本中,从成绩在[175,185)的6名学生中任选2人接受“王教授”的面试,求至少有1人成绩在[180,185)的概率。
(理)在(2)的前提下,学校决定在12人中随机抽取3人接受“王教授”的面试,设第4组中被抽取参加“王教授”面试的人数为,求的分布列和数学期望.
20.(本小题满分12分)
已知直线x+y=1与椭圆C:ax2+by2=1(a>0,b>0,且a≠b)相交于A、B两点, |AB
|=
,点M为线段AB的中点,且直线OM的斜率为4. 5
(1)求椭圆C的方程;
(2)斜率为k(k>0)的直线l交椭圆C于P、Q两点,PQ的中垂线与两坐标轴围成
9
的三角形面积为,求实数k的取值范围.
40
21. 设函数f(x)(1x)22ln(1x)
(1)若关于x的不等式f(x)m0在[0,e1]有实数解,求实数m的取值范围; (2)设g(x)f(x)x21,若关于x的方程g(x)p至少有一个解,求p 的最小值.
111
(3)证明不等式:ln(n1)1 (nN*)
23n
请考生在(22)、(23)、(24)三题中任选一题作答,如果多答,则按做的第一题记分.作答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应题号右侧的方框涂黑. 22. (本题满分10分)选修4-1:几何证明与选讲
如图,ABC为直角三角形,ABC90,以AB为直径的圆交AC于点E,点D是BC边的中点,连OD交圆O于点M.
⑴ 求证:O,B,D,E四点共圆;
⑵ 求证:2DE2DMACDMAB.
23. (本题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程
3
x1t5在平面直角坐标系中,直线l的参数方程为(t为参数).若以坐标原点O为极点,
4
y1t
5
x轴正半轴为极轴建立极坐标系,则曲线C的极坐标方程为2sin().
4
(1) 求曲线C的直角坐标方程;
(2) 求直线l被曲线C所截得的弦长.
24.(本题满分10分)选修4-5:不等式选讲 函数f(x)|x1||x2| ⑴ 画出函数yf(x)的图象;
⑵ 若不等式|ab||ab||a|f(x)(a0,a,bR)恒成立,求实数x的范围.
鲁山一高老校区国庆节假期作业(数学)参考答案
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.
1.D 2.A 3.A 4. B 5.D 6.B
7. C 8. (文)C(理)A 9.A 10.D 11.D 12.B 二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
11π5π13. (文) (理)15 14. 66 15. 16. 2n3
32三、解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
17. (本小题满分12分)
(1)
f(x)2sin(2x)2sin2x
6
2(sin2xcos
cos2xsin)(1
cos2x)66
1cos2x
11
2xcos2x)cos2x2x1cos(2x)1,
223
所以函数f(x)的最小正周期为. ……6分 (2)由f()1,得cos(B
)11,即cos(B)0.
334
又因为0B,所以B.所以B,即B. ……8分
333326
因为b1,c又0C当C
B
2
bc
,得sinC. ……9分
2sinBsinC
52
故C或. ……10分 633
322当C时,A,又B,从而ab1. ……11分
366
故a的值为1或2. ……12分
18. (本小题满分12分)
解法一:(1)取DC的中点O,由PDC是正三角形,有PODC.
又∵平面PDC底面ABCD,∴PO⊥平面ABCD于O.连结OA,则OA 是PA在底面上的射影.∴PAO就是PA与底面所成角.
∵ADC600,由已知PCD和
ACD是全等的正三角形,从而求得
时,A
,从而a2;
OAOPPAO450.∴PA与底面ABCD所成角的大小为450……4分
(2)取AP的中点N,连接MN,
由(1)知,在菱形ABCD中,由于ADC600,则AOCD,又POCD, 则CD平面APO,即CDPA,又在PAB中,中位线MN//
11
AB,CO//AB,则22
MN//CO,则四边形OCMN为平行四边形,所以MC//ON,在APO中,AOPO,
则ONAP,故APMC,而MCICDC,
则PA平面CDM ……8分 (3)(文)VB-ACP= VP-ABC=
1
3
s△ABC.A0=1
PB
(理)由(2)知MC平面PAB,则NMB为二面角DMCB的平面角, 在RtPAB
中,易得PA
cosPBA
AB
,cosNMBcos(PBA)
PB55. ……12分5
故,所求二面角的余弦值为
解法二:(1)同解法一. ……4分 (2)由底面ABCD为菱形且ADC600,DC2,DO
1有OADC. 建立空间直角坐标系如图,则A,
P,D(0,1,0),B2,0),C(0,1,0).由M为
. 22
uuuruuuuruur
,DC(0,2,0)∴DM2,PA,
PB中点,∴M
uuruuuuruuruuur∴PAgDM200 PAgDC0∴PADM,PADC. ∴PA平面DMC.
……8分
ruuuruur
0).令平面BMC的法向量n(x,y,z), (3) CM,CB,
ruuurruur
CM0,从而xz0; ……①, ngCB0y0. ……② 则ng
r
. 由①、②,取x1,则yz1. ∴可取n(
uur
,
由(2)知平面CDM
的法向量可取PAruur
ruurngPA∴cosngPA.所求二面角的余弦值为.…12分
55
|n||PA|
19. (本小题满分12分)
(1)由题意知,5组频率总和为1,故第3组频率为0.3,
即①处的数字为0.3; 总的频数为100,因此第4组的频数为20,即频率
②处数字为20 -----2分
频率分布直方图如下:
------4分 (2)第3、4、5组共60名学生,现抽取12人,因此第
30
3组抽取的人数为:12=6人,第4组抽取的人
60
20
数为:12=4人,第5组抽取的人数为:
60
10
12=2人. ……7分 60
公平:因为从所有的参加自主考试的考生中随机抽取100人,每个人被抽到的概率是相同
的. ………………8分(只写“公平”二字,不写理由,不给分) (3)(文)样本中,成绩在[175,180)中有4人记为a、b、c、d,
成绩在[180,185)中有2人记为e、f. 记至少有1人成绩在[180,185)为事件A, 基本事件 (a,b),(a,c),(a,d),(b,c),(b,d),(c,d), (e,a) (e,b) (e,c) (e,d)(f,a)(f,b)(f,c)
(f,d)(e, f)共15个,其中事件A包含的基本事件有9个,所以
P(A)=
93
= 155
1
C8314C82C428
P(1)3(理)的可能取值为0、1、2、3. P(0)3
C1255 C1255
123
C8C412C41
P(2)3 P(3)3
C1255C1255
的分布列为:
1428121
1231 ……12分 55555555
20. 解:(1)由xy1得y1x,代入ax2by21,得abx22bxb10. E0
xAxB
2bb1
. ,xAxB
ab
∵AB……………① 5b1
4…………………………………………②……………………4分 又kOM4,则
bab
由①②解得a4,b1.
所以椭圆C的方程是4xy1.…………………………………………………………6分 (2)设直线l的方程为ykxm.ykxm代入4xy1并化简得
2
2
2
2
4kx
2
2
2kmxm210.
2
2
∵直线l交椭圆C于P、Q两点,∴0.即4km44k
2
2
2
(m
2
1)0.
化简得4m4k0……………③………………………………………………………7分
2km
. 4k2
4mkm,线段PQ中点坐标为. 224k4k4m1km
线段PQ的中垂线方程为y. x224kk4k
3m3km
令y0,得x.令,的. yx0
4k24k2
13km3m9km2
则PQ中垂线与两坐标轴围成三角形的面积为. 222224k4k24kxPxQ
依题意知
9km224k2
2
2
9
.……………………………………………………………9分 40
2
可变形为m
4k2
20k2
将④代入③,得k5k40. 解得1k4.
……………④
故实数k的取值范围是(1,4).……………………………………………12分
21. 解:(1)依题意得f(x)maxm,x?[0,e1] f(x)2(1x)22xx2,而函数f(x)的定义域为(1,) 1xx1
∴f(x)在(1,0)上为减函数,在(0,)上为增函数,
则f(x)在[0,e1]上为增函数f(x)maxf(e1)e22
即实数m的取值范围为me22 ----4分
(2)g(x)f(x)x212x2ln(1x)2[xln(1x)]
则g(x)2(112x显然,函数g(x)在(1,0)上为减函数,在(0,)上为)1x1x
增函数则函数g(x)的最小值为g(0)0
所以,要使方程g(x)p至少有一个解,则p0,即p的最小值为0 ----8分
(3)由(2)可知: g(x)2[xln(1x)]0在(1,)上恒成立
所以 ln1(x)x,当且仅当x=0时等号成立 令x1
n11n11则x(0,1) 代入上面不等式得:ln(1)即ln 即 (nN*),,nnnn
1111…,ln(n1)lnn所以,ln3ln2,ln4ln3,ln(n1)lnn ln2ln11,n23n
111 将以上n个等式相加即可得到:ln(n1)1 23n
22. 解:(1)连接BE,则BEEC ----------------1分 又D是BC的中点,所以DEBD ----------------3分
又OEOB,ODOD,所以ODEODB,所以OBDOED90
故D,E,O,B四点共圆. -------------5分(2) 延长DO交圆于点H,DE2DMDHDM(DOOH)DMDODMOH
------------8分
11DE2DM(AC)DM(AB),即2DE2DMACDMAB--------10 22
23. 解:(1) 由4
2两边同乘以得:cossin -------------3分
11122∴xyxy0 即 (x)2(y)2 -----------5分 222
2(2)将直线参数方程代入圆C的方程得:5t21t200 ------------6分
21 t1t2,t1t24 ------------8分 5
41 ------------10分 |MN|t1t2(t1t2)24t1t25
2sin()得:cossin
2x3 (x2)24.解:(1)f(x)1 (1x2)
32x (x1)
(2) 由ababaf(x) 得---------5分
|ab||ab|f(x) |a||ab||ab||abab|又因为--------8分 2 则有2f(x)|a||a| 15解不等式2xx2, 得x--------10分 22