第36讲 静不定系统(Ⅱ)
第36讲 教学方案
—— 静不定系统(Ⅱ)
§14-3 对称及反对称性质的利用
1.对称结构的对称变形与反对称变形
结构几何尺寸、形状,构件材料及约束条件均对称于某一轴,则称此结构为对称结构(图12-8a )。
当对称结构受力也对称于结构对称轴,则此结构将产生对称变形(图12-8b )。如外力反对称于结构对称轴,则结构将产生反对称变形(图12-8c )。
正确利用对称、反对称性质,则可推知某些未知量,可大大简化计算过程:如对称变形对称截面上(图12-8b ),反对称内力 Q 等于零或已知;反对称变形(图12-8c )反对称截面上,对称内力M 为零或已知。
2.对称变形
以图12-9(a )对称变形为例,切开结构对称截面,此为三次超静定,应有三个多余未知力,即轴力 X 1 ,弯矩 X 2 与剪力 X 3 。可证明其反对称内力 X 3 应为零,正则方程为:
δ11X 1+δ12X 2+δ13X 3+∆1P =0 (a )
δ21X 1+δ22X 2+δ23X 3+∆2P =0 (b )
δ31X 1+δ32X 2+δ33X 3+∆3P =0 (c )
用图乘法计算 δij 及 ∆iP (i =1, 2, 3) 时,所要用的载荷弯矩图 M P 以及X 1=1,X 2=1,
(c )、(d )、(e )、(f ),其中M P ,1,2均对称于对X 3=1时的弯矩图分别见图12-9、
称轴,而3反对称于对称轴。由莫尔积分知对称函数与反对称函数相乘在区间积分应为零,即有:
∆3P =⎰M P 3dx =0,δ13=δ31=⎰13dx =0,δ
23=δ32=⎰23dx =0 l l l EI EI EI
将此结果代入(c ), δ33≠0则必有X 3=0。
3.反对称变形
以图12-8(c )为例,在对称面切开后,其多余未知力也是 X 1,X 2与 X 3,同上类似证明,其对称内力X 1与X 2应等于零,只需一个协调方程,即可解出 X 3,即有
δ13=δ31=δ23=δ32=0,∆1P =∆2P =0
而正则方程为 δ11X 1+δ12X 2=0 (a )
δ21X 1+δ22X 2=0 (b )
δ33X 3+∆3P =0 (c )
由(a )、(b )得X 1=X 2=0,由(c )得X 3=∆3P /δ33。
4.对于某些载荷既非对称,也非反对称,但可将它们化为对称和反对称两种情况的叠加。如图12-10,12-11。
例14-3 半径为 R 的圆环,直径CD 方向受一对力 P (图12-12a ), 求圆环内弯矩M 。
解:(1)超静定次数:封闭圆环为三次超静定。在A 处截开,则有三个多余未知力,弯矩 X 1,轴力 X 2,剪力 X 3(图12-12b )。
(2)对称性:直径AB 为一对称轴,对称截面A 上剪力 X 3应为零,对称截面B 上弯矩和轴力与截面A 上相等。由竖直方向力的平衡可得 X 2=P /2 。故只有弯矩X 1未知(图c )。
(3)选半圆环为静定基,作用于半圆环的力如图(c ),则协调条件应是A 或B 截面在 P 及弯矩 X 1作用下转角 θ 应为零(由对称性可知),所以有
δ11X 1+∆1P =0 (a )
(4)δ11 ,∆1P 计算
静定基上施加外力P 如图(d )及单位力偶如图(e ),用莫尔法求 δ11 与 ∆1P 。 单位力偶引起弯矩:=1,(0≤ϕ≤π) 外力引起弯矩:M P =PR π⎫(1-cos ϕ),⎛ 0≤ϕ≤⎪ 22⎭⎝
根据对称性,可只取1/4圆环进行计算,故有
⋅R πR =⎰ds =⎰2d ϕ= l 0EI EI 2EI πδ11
π22M P ()PR 1-cos ϕPR ∆1P =⎰ds =⎰2d ϕ=-l 0EI EI 2EI ⎛π⎫ -1⎪ ⎝2⎭
(5)求未知力X 1:由(a )式
2⎛πR ⎫PR ⎛π⎫X 1⋅ ⎪- -1⎪=0 ⎝2EI ⎭2EI ⎝2⎭
得
X 1=
(6)圆环内弯矩M 为: PR ⎛π⎫ -1⎪=0. 182PR π⎝2⎭
M =M P +X 1=PR (1-cos ϕ)-(0. 182PR )⨯1=(0. 636-cos θ)PR 22
§14-4 连续梁及三弯矩方程
1.连续梁及其静不定次数
为减小跨度很大直梁的弯曲变形和应力,常在其中间安置若干中间支座(图12-13(a )),在建筑、桥梁以及机械中常见的这类结构称为连续梁。撤去中间支座,该梁是两端铰支的静定梁,因此中间支座就是其多余约束,有多少个中间支座,就有多少个多余约束,中间支座数就是连续梁的超静定次数。
2.三弯矩方程
连续梁是静不定结构,静定基可有多种选
择,如果选撤去中间支座为静定基,则因每个
支座反力将对静定梁的每个中间支座位置上的
位移有影响,因此正则方程中每个方程都将包
含多余约束反力,使计算非常繁琐。如果设想
将每个中间支座上的梁切开(图12-13(b )),
并装上铰链,将连续梁变成若干个简支梁,每
个简支梁都是一个静定基,这相当于把每个支
座上梁的内约束解除,即将其内力弯矩M 1,
M 2,... ,M i ,M n +1作为多余约束力(图12-13
(b )),则每个支座上方的铰链两侧截面上需加
上大小相等、方向相反的一对力偶矩,与其相
应的位移是两侧截面的相对转角。于是多余约
束处的变形协调条件是梁中间支座处两侧截面
的相对转角为零。如对中间任一支座n 来说,其变形协调条件为(图12-14(a ))
δn , n -1M n -1+δnn M n +δn , n +1M n +1+∆nP =0 (14-5)
方程(12-5)中只涉及三个未知量 M n -1,M n ,M n +1。δn , n -1,δnn ,δn , n +1 及 ∆nP 可用莫尔积分来求:
(1)求 ∆nP :静定基上只作用外载荷时(图12-14(b )),跨度l n 上弯矩图为 M nP ,跨度 l n +1上弯矩图为 M (n +1)P (图12-14(c ))。当 n =1 时(图12-14(e )),跨度 l n 和 l n +1 内弯矩分别为
'=
由莫尔积分得 x n x ,''=n +1 l n l n +1
M (n +1)P x n +1M nP x n ∆nP =⎰dx n +⎰dx n +1l n EIl l N +1EIl n n +1 ⎛⎫111 =x d ω+x n +1d ωn +1⎪n n ⎰⎰ ⎪l l EI ⎝l n n l n +1n +1⎭
式中 M nP dx n =d ωn 是外载单独作用下,跨度 l n 内弯矩图的微面积(图12-14(c
)),
而 ⎰l n x n d ωn 是弯矩图面积 ωn 对 l n 左侧的静矩,如以 a n 表示跨度 l n 内弯矩图面
积的形心到左端的距离,则 ⎰l n x n d ωn =a n ωn 。同理 b n +1 表示外载荷单独作用下,跨度
l n +1l n +1 内弯矩图面积 ωn +1 的形心到右端的距离,则⎰x n +1d ωn +1=b n +1ωn +1 。于是有
∆nP 1⎛ωn a n ωn +1b n +1⎫ ⎪ =+ EI ⎝l n l n +1⎪⎭
式中第一项可看作是跨度 l n 右端按逆时针方向的转角,第二项看作跨度 l n +1 按顺时针方向的转角。两项和就是铰链n 两侧截面在外载荷单独作用下的相对转角。
(2)δn (n -1),δnn ,δn (n +1) 的计算
当n 支座铰链处作用有n =1时,其弯矩图如图12-14(e ),用莫尔积分有:
δnn =⎰l n 1⎛x n EI ⎝l n ⎫⎛x n ⎪⎪ ⎭⎝l n ⎫1⎛x n +1⎫⎛x n +1⎫1⎪ ⎪ ⎪dx +dx =⎪n ⎰l n +1EI l ⎪ l ⎪n +13EI (l n +l n +1)
⎭⎝n +1⎭⎝n +1⎭
而δn , n -1,δn , n +1也可类似求得(利用图(d )与(e )以及(f )与(e ))
δn . n -1=
(3)三弯矩方程 l n l ,δn . n +1=n +1 6EI 6EI
将δn (n -1),δnn ,δn (n +1),∆nP 代入(12-5)得三弯矩方程6ωn a n ()M n -1l n +2M n l n +l n +1+M n (n +1)l n +1=- ⎛⎝l n
其中n 代表任一支座,如n =1, 2,..., m ,则可得到m
个方程联立,解m 个中间支座多余力M 1,6ωn +1b n +1⎫⎪ (14-6) +⎪l n +1⎭
M 2,.... ,M m ,此m 个联立方程中每个方程只涉及
三个多余力,求解比较方便。
例14-4 左端为固定端,右端为自由端的连续梁受力P 作用如图12-15所示,其抗弯刚度为EI ,
试用三弯矩方程求解B 、C 、D 处的弯矩。
解
:为能应用三弯矩方程,将固定端视为跨度
为无限小(l '→0)的简支梁AB ,而外伸端的载荷可向支座D 简化,得一力P 与弯矩Pl ,原结构(图12-15(a ))变化为图12-15(b )。将A 、B 、C 、D 四处支座处分别用0、1、2、3表示,则对1、2两支座应用三弯矩方程(12-6),并用:l 1=l '=0,l 2=l 3=l ,M 0=0,M 3=Pl 代入得:
2M 1l +M 2l =0
M 1l +4M 2l -Pl 2=0
则解得:
12M 1=M B =-Pl ,M 2=M C =Pl ,M D =Pl 77