高考数学一元二次函数
题目 高考要求三个“二次”即一元二次函数、一元二次方程、一元二次不等式是中学数学的重要内容,具有丰富的内涵和密切的联系,同时也是研究包含二次曲线在内的许多内容的工具不等式的思想和方法
1二次函数的基本性质 (1)二次函数的三种表示法y =ax 2+bx +c ; y =a (x -x 1)(x -x 2); y =a (x -x 0) 2+n (2)当a >0,f (x ) 在区间[p , q ]上的最大值M ,最小值m , 令x 0=若-
1
(p +q 2
b
b b
若p ≤-
2a 2a b b
若x 0≤-
2a 2a b 若-≥q , 则f (p )=M , f (q )=m 2a
2二次方程f (x )=ax 2+bx +c =0的实根分布及条件
(1)方程f (x )=0的两根中一根比r 大,另一根比r 小⇔a ·f (r )
⎧∆=b 2-4ac >0, ⎪⎪b
>r , (2)二次方程f (x )=0的两根都大于r ⇔⎨- 2a ⎪
a ⋅f (r ) >0⎪⎩
⎧∆=b 2-4ac >0,
⎪
b ⎪
(3)二次方程f (x )=0在区间(p , q ) 内有两根⇔⎨ 2a
⎪a ⋅f (q ) >0, ⎪⎪⎩a ⋅f (p ) >0;
(4)二次方程f (x )=0在区间(p , q ) 内只有一根⇔f (p ) ·f (q )
或f (q )=0(检验) 检验另一根若在(p , q )
⎧a ⋅f (p )
(5)方程f (x )=0两根的一根大于p , 另一根小于q (p
0
3二次不等式转化策略
(1)二次不等式f (x )=ax 2+bx +c ≤0的解集是
(-∞, α]) ∪[β,+∞) ⇔a
b b |
当a |β+|;
2a 2a
(3)当a >0时,二次不等式f (x )>0在[p , q ]恒成立
(2)当a >0时,f (α)
b ⎧p ≤-
b ⎪f (-) >0, ⎪⎩f (p ) >0, ⎪⎩f (q ) ≥0; ⎪2a ⎩
(4)f (x )>0恒成立
⎧a >0, ⎧a =b =0, ⎧a
∆0; ∆
典型题例示范讲解
例1已知二次函数f (x )=ax 2+bx +c 和一次函数g (x )=-bx ,其中a 、b 、c 满足a >b >c , a +b +c =0,(a , b , c ∈R )
(1)求证A 、B ;
(2)求线段AB 在x 轴上的射影A 1B 1的长的取值范围
命题意图 知识依托 解答本题的闪光点是熟练应用方程的知识来解决问题及数与形的完美结合
错解分析由于此题表面上重在“形”,因而本题难点就是一些考生可能走入误区,老是想在“形”上找解问题的突破口,而忽略了“数”技巧与方法利用方程思想巧妙转化⎧y =ax 2+bx +c
(1)证明⎨消去y 得ax 2+2bx +c =0
⎩y =-bx
c 3
Δ=4b 2-4ac =4(-a -c ) 2-4ac =4(a 2+ac +c 2)=4[(a +) 2+c 2]
24
∵a +b +c =0,a >b >c , ∴a >0,c
∴
32
c >0,∴Δ>0,即两函数的图象交于不同的两点4
(2)解设方程ax 2+bx +c =0的两根为x 1和x 2, 则x 1+x 2=-
2b , x 1x 2a |A 1B 1|2=(x 1-x 2) 2=(x 1+x 2) 2-4x 1x 2
2b 24c 4b 2-4ac 4(-a -c ) 2-4ac =(-) -==
a a a 2a 2
c c c 13=4[() 2++1]=4[(+) 2+]
a a a 24
∵a >b >c , a +b +c =0,a >0,c
c 1
∈(-2, -)
2a
c c c c ∵f () =4[() 2++1]的对称轴方程是=a a a a c 1
∈(-2, -) 时,为减函数
2a
∴a >-a -c >c , 解得
∴|A 1B 1|2∈(3,12),故|A 1B 1|∈(3, 23)
例2已知关于x 的二次方程x 2+2mx +2m +1=0 (1)若方程有两根,其中一根在区间(-1,0) 内,另一根在区间(1,2) 内,求m 的范围(2)若方程两根均在区间(0,1) 内,求m 的范围 命题意图本题重点考查方程的根的分布问题知识依托 解答本题的闪光点是熟知方程的根对于二次函数性质所具有的意义错解分析答本题的难点技巧与方法设出二次方程对应的函数,可画出相应的示意图,然后用函数性质加以限制
解 (1)条件说明抛物线f (x )=x 2+2mx +2m +1与x 轴的交点分别在区间(-1,0) 和(1,2) 内,画出示意图,得
1⎧m
m ∈R , ⎪f (-1) =2>0, ⎪⎪⎪⇒⎨1
⎨
f (1) =4m +20
⎪m >-5⎪6⎩
5
∴-
1⎧m >-, ⎪⎧f (0) >0, 2⎪⎪f (1) >0,
⎪⎪m >-1,
⇒⎨ ⎨2∆≥0, ⎪⎪
⎪⎪m ≥1+2或m ≤1-, ⎩0
⎪-1
(这里0
例3已知对于x 的所有实数值,二次函数f (x )=x 2-4ax +2a +12(a ∈R ) 的
x
=|a -1|+2a +2
3
解Δ≤0, 即(-4a )2-4(2a +12)≤0, ∴-≤a ≤2
2
3
(1)当-≤a <1时,原方程化为
2
1x =-a 2+a +6,∵-a 2+a +6=-(a -) 22391∴a =-时,x mi n =, a =时,x max 2429∴≤x 431
(2)当1≤a ≤2时,x =a 2+3a +2=(a +) 2-
24
∴当a =1时,x mi n =6,当a =2时,x max =12,∴6≤x ≤12
9
综上所述, ≤x ≤124
1若不等式(a -2) x 2+2(a -2) x -4
A (-∞,2] -2,2] C -2,2] D (-∞, -2)
值都是非负的,求关于x 的方程
2设二次函数f (x )=x 2-x +a (a >0),若f (m )0,则实数p 的取值范围是_________4二次函数f (x ) 的二次项系数为正,且对任意实数x 恒有f (2+x )=f (2-x ),
若f (1-2x 2)
5已知实数t 满足关系式log a 3=log a 3 (a >0且a ≠1)
a a
(1)令t=a x , 求y =f (x ) 的表达式;
(2)若x ∈(0,2]时,y 有最小值8,求a 和x 的值6如果二次函数y =mx 2+(m -3) x +1的图象与x 轴的交点至少有一个在原点的右侧,试求m 的取值范围
7二次函数f (x )=px 2+qx +r 中实数p 、q 、r 满足
p q r
++=0,其m +2m +1m
中m >0,求证m
)
(2)方程f (x )=0在(0,1) 内恒有解
8一个小服装厂生产某种风衣,月销售量x (件) 与售价P (元/件) 之间的关系为P =160-2x , 生产x 件的成本R =500+30x 元
(1)该厂的月产量多大时,月获得的利润不少于1300元?
(2)当月产量为多少时,可获得最大利润?最大利润是多少元? 参考答案
1解析 当a -2=0即a =2时, 不等式为-4<0, 恒成立a =2,当a -2≠0
(1)pf (
⎧a -2
时,则a 满足⎨, 解得-2<a <2, 所以a 的范围是-2<a ≤2∆
答案C
2f (x )=x 2-x +a 的对称轴为x =
1
, 且f (1)>0,则f (0)>0,而f (m ) <0, ∴2
m ∈(0,1), ∴m -1<0, ∴f (m -1)>0
答案3解析只需f (1)=-2p 2-3p +9>0或f (-1)=-2p 2+p +1>0即-3<p <
32
13<p <1p ∈(-3, ) 22
3
答案(-3,)
2
4解析 由f (2+x )=f (2-x ) 知x =2为对称轴,由于距对称轴较近的点的纵坐标较小,
∴|1-2x 2-2|<|1+2x -x 2-2|,∴-2<x <0答案2<x <0
或-
5解(1)由log a t =log t y 得log a t -3=logt y -3log t a
a 3a 3
log a y 3
由t =a x 知x =loga t ,代入上式得x -3=-,
x x
∴log a y =x 2-3x +3,即y =a x (2)令u =x 2-3x +3=(x -
2
-3x +3
(x ≠0) 323
) + (x ≠0), 则y =a u 24
①若0<a <1, 要使y =a u 有最小值8,
33
则u =(x -) 2+在(0,2]上应有最大值,但u 在(0,2]上不存在最大
24
值
②若a >1,要使y =a u 有最小值8,则u =(x -
323
) +, x ∈(0,2]应有最小值 24
33
∴当x =时,u mi n =, y mi n =a 4
24
由a =8得a =16∴所求a =16,x 3
34
6解∵f (0)=1>0
(1)当m <0时,二次函数图象与x 轴有两个交点且分别在y 轴两侧,符合题意⎧∆≥0⎪
(2)当m >0时,则⎨3-m 解得0<m ≤1
>0⎪⎩m
综上所述,m 的取值范围是{m |m ≤1且m ≠0}7证明 (1)pf (
m m 2m ) =p [p () +q () +r ] m +1m +1m +1
=pm [
pm q r pm p ++]=pm [-]
(m +1) 2m +1m (m +1) 2m +2
m (m +2) -(m +1) 22
=p m []
(m +1) 2(m +2)
=pm 2
-1
, 由于f (x ) 是二次函数,故p ≠0, 又m >0,所以,
(m +1) 2(m +2)
m
) <0m +1
(2)由题意,得f (0)=r , f (1)=p +q +r
m
①当p <0时,由(1)知f () <0
m +1m m
若r >0,则f (0)>0,又f () <0, 所以f (x )=0在(0,) 内有解;
m +1m +1
p r p r
若r ≤0, 则f (1)=p +q +r =p +(m +1)=(--)+r =->0,
m +2m m +2m
m m 又f () <0, 所以f (x )=0在(,1) m +1m +1②当p <0时同理可证8解(1)设该厂的月获利为y , 依题意得 y =(160-2x ) x -(500+30x )=-2x 2+130x -500 由y ≥1300知-2x 2+130x -500≥1300
∴x 2-65x +900≤0,∴(x -20)(x -45) ≤0,解得20≤x ≤45 ∴当月产量在20~45件之间时,月获利不少于1300元
65
(2)由(1)知y =-2x 2+130x -500=-2(x -) 2+16122
∵x 为正整数,∴x =32或33时,y 取得最大值为1612元, ∴当月产量为32件或33件时,可获得最大利润1612元
pf (