高一物理[直线运动]单元测试
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高一物理《直线运动》单元测试
本试卷分为第Ⅰ卷(选择题) 和第Ⅱ卷(非选择题) ,共120分,考试时间90分钟。
第Ⅰ卷(选择题,共48分)
一、本题共12小题,每小题4分,共48分。在每小题给出的四个选项中,有一个或多个
1A 2A 3
43s 5 )
6.一个质点正在做匀加速直线运动,用固定的照相机对该质点进行闪光照相,闪光时间间隔为1s ,分析照片得到,质点在第1次至第2次闪光的时间间隔内移动了2m ;在第3次至第4次闪光的时间间隔内移动了8m ,由此不可求得( )
A .第1次闪光时质点的速度大小
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B .质点运动的加速度大小
C .从第2次闪光到第3次闪光这段时间内质点的位移大小 D .质点运动的初速度
7.甲、乙、丙三人各乘一辆飞艇,甲看到楼房匀速上升,乙看到甲艇匀速上升,丙看到乙 艇匀速下降,甲看到丙艇匀速上升,则甲、乙、丙艇相对于地球的运动情况可能是 A. 甲和乙匀速下降,且v 乙>v 甲,丙静止 B. 甲和乙匀速下降,且v 乙>v 甲,丙匀速上升 C. 甲和乙匀速下降,且v 乙>v 甲,丙匀速下降 D. 甲匀速下降,乙匀速上升,丙静止不动
8.AB 两车以相同速度v 同向匀速运动,A 在前,B 对方,同时以相对于自身为2v ( )
A .甲先被击中 B.乙先被击中
9动
10) 。如果拍 A. 1m/s2 B.2m/s2
C.3m/s2 D.4m/s2
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11. 在平直轨道上,乙在甲前面,两物体相距为s, 同向同时开始运动,甲以初速度v 1,加速度a l 做匀加速运动,乙做初速度为零、加速度为a 2的匀加速运动。假定甲能从乙旁边通过而互不影响,下列情况可能发生的是
12
13的距离如图(1)所示,每两个相邻的计数点之间的时间间隔为0. 10s .
(1)试根据纸带上各个计数点间的距离,计算出打下B 、C 、D 、E 、F 五个点时小车的瞬时速度,并将各个速度值填入下表(要求保留3位有效数字)
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(2)将B 、C 、D 、E 、F 各个时刻的瞬时速度标在如图所示的坐标纸上,并画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线. (3)根据第(2)问中画出的v -t 图线,求出小车运动的加速度为 m/s2(保留两位有效数字)
三、本题共5小题,共60分,解答应写出必要的文字说明,
的题,答案中必须明确写出数值和单位。
14. (10分)一修路工在S=100m的隧道中,200m 处,问这位置离左出口
15.(12分)两小球以95m 长的细线相连。两球从同一地点自由下落,其中一球先下落1s 另一球才开始下落。问后一球下落几秒线才被拉直?
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16.(12分)甲、乙两同学在直跑道上练习4 100m 乙从静止开始全力奔跑,需跑出25m 甲持棒以最大速度向乙奔来,乙在接力区接棒全力奔出。的
4
。求: 5
(1)乙在接力区内奔跑的距离,(2)乙开始起跑时与甲的距离。
17
5m/s,求物体加速度改变时速度
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18.(14分)一气球从地面以10m/s的速度匀速竖直上升,4s 末一小石块从气球上吊篮的底部自由落下,取g=10m/s2, 求石块离开气球后在空中运行的平均速度和平均速率.
221.A 解析:已知v 0,a ,v 1=n v 0,运用公式v t —v 0=2ass 2-s 1
2.A 特殊值法,若t 1=t 2=t ,由公式可得a ;把t 1t 有答案A 正确.
3
) , a 2,因此,D 是错误的.故s +s 1+2
4v 1==m/s=1.5m/s,
2T 2×10=0.5m/s的匀速直线运动;匀速T =1s ,若T =0.01s 呢?5 22
621,s 2=s 1+aT =2+2×1m =4m ,2T 2×11s 121可求第2次闪光到第3次闪光间的位移s 2(见图) ;由s 1=v 1T +aT 2,得v 1=-aT =2
2T 212×1m/s=1m/s;但无法求初速度v 0,不知从何时开始运动的.
7.ABC 解析:甲看到楼房匀速上升,以地球为参考系,说明甲艇在匀速下降。乙看到甲艇匀速上升,说明乙艇也在匀速下降,且乙艇下降的速度大于甲艇下降的速度,即v 乙>v 甲。
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丙看到乙舰匀速下降,丙的运动相对地球可能有三种情况:(1)丙静止;(2)丙匀速下降,但v 丙<v 乙。;(3)丙匀速上升。丙的这三种情况都符合丙看到乙艇匀速下降的情形。至于甲看到丙匀速上升,丙同样可能有三种情况:(1)丙静止;(2)丙匀速下降,但v 丙<v 甲;(3)丙匀速上升。综上分析,该题答案为A,B,C
8.C 提示:选参照物的速度与甲乙运动速度相等,则甲乙相等于该参照物都静止,因此甲乙同时被两球击中。
9.B 解析:移总是越来越大,故BC 一直沿纵轴抽向上运动,而A 轴向下运动,以图线的顶点为界。对B,s 与t C ,做变速直线运动,无论速度如何改变,在0-t 0时间内,B 和C 对A ,做变速直线运动,后来沿纵轴向下运动,在0—t 0,A 物体通过的路程大于B 和C 物体通过的路程。根据v
102s 曝光一次,即小s 1=1.5×8m =12m ,第二
s 2一s l
个s 2一s l =aT 2 a=
T2
=v 1的匀速直线
v 甲>v 乙,以后
, 甲追及乙时,v 甲可能大于或
12
u 0u 0
后车在前车刹车过程中匀速行驶的位移s 1=u 0()
a a
u 20
后车刹车的位移s 22a 综上所述:s ′-s =2s .
13. 分析与解答:
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(1)(平均速度等于中时刻的即时速度。答数见下表)
(2)见答图;
(3)0. 80(注:速度图象的斜率是加速度。答案在0. 82~0
. 78之间均可)
14人
为人
100-x 200
从右出口人恰能脱离危险时有: =
v人 v车
v 人601
由上式可得:x= 60m,即人离左出口60m, = 3005v 车
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1
即人的最小速度是火车速度的倍
5
15.9s 解析:方法1:“线被拉直”指的是两球发生的相对位移大小等于线长,应将两球的运动联系起来解,设后球下落时间为ts ,则先下落小球运动时间为(t+1)s,根据位移关系有:
解得:t=9s
方法2:若以后一球为参照物,当后一球出发时前球的运动速度为v 0=。以后两球速度发生相同的改变,即前一球相对后一球的速度始终为v 0=/长:∆l =
121
gt =⨯10⨯12=5(m )
22
16S 则有:v =
v 甲t =17根据位移—速度公式有 v m 2=2 a 1S
① 52-v m 2=2 a 2S ②
①a v 2
得 = ③
a 2② 5-v m 又根据速度—时间公式得 V m = a 1t ④ -5=v m -a 2t ⑤
v 乙
+x 2
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④a v 得 = ⑥
a 2 v m + 5⑤
v 联立③⑥解得=1,即 v m = 2.5m/s
5-v m 将v m 值代入⑥得
a 1= . a 23
11
方法二:由两过程位移大小相等得 a 1t 2=-(v m -a 2t 2)
22
化简得 2 v m =(a 2-a 1)t ① 而v m =a 1t ② a 1
②代入①得 =
a 23速度的求解参见解1.
v
5-v m
方法三:由两过程位移大小相等得t= t 故 v m =2. 5m/s
18v 0=10m/s的初速度竖直上抛, 运行的路程 L =45+5=50m
—L 50
运行的平均速率 v ' = = =12.5m/s
t 4
求石块离开气球后在空中运行的时间还可以用下面解法:
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1由位移公式得 -40=10t - gt2 解得 t=4s (t'=-2s舍去) 2
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