历年注电专业基础供配电答案

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2005年度全国注册电气工程师（供配电）执

业资格考试基础试卷（下午）答案

1. 如图所示电路中u =−

10V

，则6V 电压源发出的功率为下列何值？

（A）9.6W （B）-9.6W （C）2.4W （D）-2.4W 解：选A 。

这道题目比较基础。 依题意可得：u

=10I +6=−10V ，I =−1.6A

则电压源P =UI =6×(−1.6) =

−9.6W 所以发出9.6W 功率。

解：选C 。

。

解：选C 。

选项（A）应为I m =ωCU m ，（B）应为i C =

C

du c

。 dt

解：选B 。

角频率ω=

==500rad /s 。

解：选C 。在无限长无损耗的传输线其相位差在任何一段时间和距离上都是不变的，电压与

电流间的相位差取决于最初的相位差。由于本题的假设是一段稳定的电源供电，因此可以理

解为一开始没有相位差，那么自始至终都没有相位差。

解：选A 。

•

•

U 1

•

U 1=j 10I 1+j 5I 2

0=−j 20I 2+j 15I 2+j 5I 1=j 5I 1−j 5I 2

化简得U 1=j 15I 1。

点评：此题和08供配电下午第

17题一样。 【08供配电下午第17题】

图示空心变压器ab 间的输入阻抗为：

•

•

•

•

•

•

•

•••

••

（A ）−j 22. 5Ω （B ）j 22. 5Ω （C ）j 25Ω （D ）−j 25Ω 解：选B 。

•

•

U 1

•

U 1=j 20I 1+j 5I 2

0=−j 15I 2+j 5I 2+j 5I 1=j 5I 1−

j 10I 2

化简得U 1=j 22.5I 1。

•

•

•

•

•

•

•

•••

解：选B 。 ① S 断开时：

U 2201

===440； ωC I 0.5

440(X L −jR )

。

R +j

(X L −440)

② S 闭合时：Z =−j 440//(R +jX L ) =

X 2L +R 2U

Z 的模===440Ω，则2=1，

R +(X L −440) 2I

化简得X L =220Ω.

解：选D 。

解：此为动态电路时域分析内容。当t=0是，开关处于闭合状态，电容为断路状态，此时的等效电路为图右所示。容易知道此时(R12+R6)//R9=6欧姆，容易求得R12的电压为：

195*[6/(4+6)]*[12/(12+6)]=78V 此即为当开关断开时的瞬时电容值。 这个题目仅仅是考察了一阶动态电路时域分析中三要素的第一个要素而已。 相对简单。

答：此题目考察非正弦周期信号作用下线性电路的计算步骤。主要是采用叠加原理将电源的恒定分量以及各次谐波分量单独作用时产生电流分量。对于恒定分量可按直流电路的求解方法，即把电路中的电容看成开路，电感看成短路，各次谐波按正弦交流电计算。

本例有一次谐波和三次谐波。先求标准阻抗。 Z=R+(XL +XC2)//XC1 一次谐波分量时：

Z=1000000+(j104*1*10-3-j1/104/(10*10-6))

答：

本题目考察的是三相电路功率的测量方法。三相电路的功率测量可以分若干种情况，最基本的原理是正弦稳态电路的功率计算。包括有功功率、无功功率、视在功率、功率三角形等基本概念。无功功率的产生，仅仅是由于电路中存在感性或者容性的元器件造成的。 三相电路功率的测量是三相电路分析的重要内容，可按三相三线制和三相四线制分类，并且需要分析对称型和非对称性负载的情况（电源一般都是对称的，故无区别）。 本题目考察的是三线对称三线制电路的功率测量，相对其它情况简单许多，体现了考试出题者的仁慈之心。 三相功率表的接法：水平贴近导线的*代表电流的测量相线，垂直贴近于测量线的*代表电压的测量相线。例如本图中，三相功率表测量的是B 相的电流和AC 相之间的电压。 三相三线制接法可以有（Y 接或Δ接）接法，本例为Y 型接法，又简单一些。（当然对于均匀负载来说，二者的转化也很容易）

假设有一虚拟的中线，按照三相四线制来分析本题并不会产生误会，因此分析如下： 设U AN =220∠0° 则U BN =220∠-120° U CN =220∠120° 根据教科书解释

U AB =√3U AN ∠30°=380∠30° U BC =√3U BN ∠30°=380∠-90° U CA =√3U CN ∠30°=380∠150°

I B =UBN /Z=220∠-120°/22=10∠-120° U AC =380∠-150°

P=ui= 380x10∠-150°∠-120°=380x10∠-270° P= UIcosφ==380x10xcos-270=0

，

也可以参照矢量图的表达，同样得到相同的结论。

答： C

答：C 。

答： D 。

答：

本题考察纯电阻的串并联计算，题目相对简单，纯粹是送分的题目。 由题意得(10+RL )*15/(10+RL +15)+10=RL ，得出R L =20 详细解题过程如下：

(10+RL )*15/(10+RL +15)+10=RL 150+15 RL +250+1 0RL =25 RL + RL 2400= RL 2R L

= 20

答案：C 。

答案是A

1/(2*3.14x10-2*0.5)

答案是B

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答案：A

答案：A

答案：D

答案：C

答案：C

答案：A 。

答案：D

解：1）首先要了解集成运算放大器的理想化特性，见图26-2：

图26-2

两个输入端中，N 称为反相输入端，如果输入信号由此加入，则由它产生的输出信号与输入信号反相；P 称为同相输入端，如果输入信号由此加入，则由它产生的输出信号与输入信号同相。

理想状态说明开环差模电压放大倍数趋于无穷大，但实际由于直流电源等条件的限制，放大倍数不会达到无穷。

2）本题的模型实际上是一个简单的单限电压比较器，单限电压比较器见图26-3，它具有这样的特性：当输入电压大于零时，运算放大器输出为负的最大值，即低电平；当输入电压小于零时，运放的输出为正的最大值，及高电平，其传输特性见图26-4。

3）综上考虑，本题中输出端得电压应该为低电平，其电位值应该小于地（零）电位，因此，

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稳压管Dz 应该工作在正向导通状态，并且从地（零）电位沿着Dz 的方向下降0.6V ，故输

出端得电压为-0.6V 。 所以，本题选（C ）。

图26-3

图26-4

解法一：首先应该明确的是：输入和输出的正弦波形应该相差半个周期，即，输入达到正向

峰值时，输出应该为负向峰值。

解法一的思路是通过判断三极管的正常工作条件来确定波形。三极管要正常工作应该满足的条件是U C >U B >U E 。如果出现U BE

1

）当输入为正向峰值，即输入为mV 的情况下：

I B =

V CC −U BE 12−0.7

=≈10−5(A ) =10×10−3(m A )

61.2×10R B

i b =

U +i max ==10−3(m A

) 3

r be 2.7×10

i B =I B +i b =10×10−3+10−3≈24×10−3(mA ) ×i B =2.4(m A ) ，所以 则i C =β

U CE =V CC −i C ×R C =12−2.4(mA ) ×2.7(kΩ) =5.52(V )

说明三极管正常工作，没有发生截止，输入为正向最大，则，输出可以同时达到负向峰值，即说明输出波形没有发生底部被削平的情况。

2）当输入为负向峰值，即输入为

-的情况下：

U B =

V CC 123−2

×r be =××≈× （V ）102.7102.763

R B +r be 1.2×10+2.7×10

故U be =U B +U −i max =27(mV ) −mV )

显然，说明输入为负向幅值的时候，三极管截止无法正常工作，所以，输出无法达到正向最大值，即相当于顶部被削平，发生了失真。

解法二：这种方法的思路主要是通过作图来解，具体说明如下（有天大辅导书的朋友可以参考下册141页“求最大不失真输出电压峰值”部分及142页图11.2-10的说明）

1）先假设不会出现失真，求出输出电压的峰值。借助简化的H 参数微变等效电路法，原电路等效后见图27-2。

假设输入波形的正弦表示为U i =ωt (mV)，如图有：

I b =

U i ωt==10−2sin ωt (mA)

3r be 2.7×10

I c =β×I b =10010−2sin ωt (mA)

故：U O =−I c ×R C =ωt(mA)×2.7(kΩ)=−ωt(V)

，相位与输入电压相差半个周期。 即输出电压的峰值为（V ）

'

，最大不饱和失真输出电压幅度为U CEQ −U CES , 2）最大不截止失真输出电压幅度为I CQ R L

其中U CES ≤0.3V ，可认为其值为零。

I CQ =β×I BQ =100×

12−0.7'

=1(mA ) ×2.7(k Ω) =2.7(V ) ≈1(mA ) , 故I CQ R L

6

1.2×10

'

-------其中R L =R C 为负载电阻。

又：U CEQ −U CES ≈U CEQ =V CC −I CQ ×R C =12−1(mA ) ×2.7(kΩ)=9.3(V) 3）绘图如下：

以Q 点为中心做输出电压的完整正弦波形图，由于存在失真，真正存在或者说能被示波器

'

]这两条平行线（图中虚线）之间的区间范围，前面

观察到的波形只有[U CEQ −U CES ，I CQ R L

，所以显然是顶部被削平了。 已经求出输出峰值的大小为mV ）

故选（B ）

解：十进制数转换为二进制时，采用除基取余法（即短除法）。 24÷2=12。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。余0

12÷2=6 。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。余0 6÷2=3 。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。余0 3÷2=1 。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。余1 1÷2=0 。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。余1

降这五个余数从下到上排列是：11000。故选（C ）

13位地址存储器能够存储的容量是：

213=8192=8×1024=8k

再加上8个独立的I/O端口，故总容量为8k ×8。 故选（A ）。

解：答案是B 。

答案是D ，算出来的是1660r/min。所以最接近的是

D

答案：C

解：设原绕组电导为G0，电纳为B0，则串联时G1＝G0/2，B1＝B0/2；并联时 G2＝2G0，B2＝2B0。根据变压器参数公式可得：P0=Gt*Un^2, I0=Bt*Un^2.

P02/P01= G1*Un1^2/ G2*Un2^2＝1 同理可得I02/i01=1

选（A ）

解：（B ）根据公式定义，R 与P ，U 有关，与f 无关。

答案： C

解：选（C ）

N=60f1/p=60*50/2=1500

答案：B

对于积复励(即处在同一主极上的励磁绕组和串励绕组电流方向一致，产生磁场的极性相同) 及带有串励绕组的它励、并励直流电动机，在电动机转向和磁场极性不变下改作电动机运行时，只需将串励绕组的两端对调一下联接，其他接线端无需变动。反之，电动机改作发电机运行同理也只需对调串励绕组两线端。

解：（C ）Y －三角连接时，为D ，y11，故反过来，三角—Y 连接应该为D,y1.

答：(我国的主要输电方式是交流输电) 故选(C)。

选B ，D 中的一相等值阻抗的说法不对。

答：看书上的公式。(B)。

答：按照书上的公式，发电机出来增加5%。变压器出来增加10%。终端用户处增加5%。故选（A ）。

′′∗=X d ′′X d

答：

S B 100

=0.15=0.5

30S GN

=0.333 X T 1∗=

=0.04×=0.698 X R ∗=

答：

•

S =S 2−j 0.555×10−4×1102=11.77+j 5.45−j 0.6716

=11.77+j 4.7784

•

' 2

•

22

11.77+4.778

S 1' =11.77+j 4.7784+(13.2+j 16.68) 2

110

=11.77+j 4.7784+0.0133(13.2+j 16.68)

=11.95+j 4.998

U 1=110+=112.14

•

11.77×13.2+4.778×16.68

110

S 1=S 1' −j 0.555×10−4×1122=11.95+j (4.998−0.6962) =11.95+j 4.3

故选择(B)。

•

（近似计算）

答：开关A 合上时线路空载，末端电压会升高，

=247.82

精确计算：先计算功率损耗，求出首端送出功率，再计算电压。

50×(

0. 21+j 0. 4)+答：等值阻抗

=10.5+j（20+10.33）=10.5+j60.33

S

Q C

先按最小负荷时低压侧所要求的u2min=10KV计算分接头

1115×10. 5+8×60. 33⎞11⎛

u jt =⎜112−⎟⋅=(112−5. 72)=116. 9

11210⎝⎠10

选分接头 110+2×2.5%=115.5

校验

u 2min =(112-5.72)

11

=10. 12115.5 满足

（2）再按最大负荷的要求计算出

Q C

Q CN

u

=2c max

x 2

'

⎛u 2c max ⎜u −c 2max ⎜K ⎝

⎞2

⎟⎟K ⎠

25×10. 5+10×60. 33⎞⎛

−112⎟10. 5⎜⎜10. 5−⎟10. 52=

60. 33⎜10. 5⎟

⎜⎟⎝⎠

=

10. 5⎛104. 27⎞2⎜10. 5−⎟10. 560. 33⎝10. 5⎠

10. 53

(10. 5−9. 93)=19. 18×0. 57=10. 93=

60. 33 答案 A

答：选 S B =60MV A

' '

则 X d 1=0. 05×2=0. 1 X d 2=0. 05×2=0. 1

' '

1

(20+10−10)=10 21

U K 2%=(20+10−10)=10

21

U K 3%=(10+10−20)=0

20. 1×60

则 X T 1∗==0. 1

60

U K 1%=

X T 2∗=0. 1 X T 3∗=0 等值电路

jx =j 0.2||j 0.2+j 0.0=j 0.1

''

I '' =I B I x =

=57.14/1.732=32.99(KA )

故选(A)。

100==0.1 （近似；忽略另一路。） 答：x

1000100''

x d ==0.122x

833 f 3点短路时的等值阻抗为

'' d 1x

(x

'' d 1x

+x T 1x ) ||(x l x +x T 2x +x )

'' d 2x

＝（0.1+0.1）|| (0.03+0.1+0.12) = 0.111

I

'' f 3x

1==9S f 3=9S f =9×100=900

*0.1113 (MVA)

答：

•

0.10.1

I A 2

星形侧：

•

I A 1

•

•

•1

==2.5=−I A 2 0.4j 30。

Δ形侧：

•

•

I a 1=e

•

I A 1=e

−j 30。

•

j 30。

2.5 I a 2=e

•

−j 30。

I A 2=−e

•

−j 30。

2.5

I a =I a 1+I a 2=(e

j 30。

−e

)2.5=(cos30D +j sin 30D −cos30D +j sin 30D )2.5

1

=2××2.5=2.5

2

故选（D

）。

答：A

答：复合序网图：

I a 1=I a 0

I 0=3

••

1

==1 0.3+0.3+0.4

故中性点电流为 3 。答案选(D)。

答：A

多断口的断路器，由于各个断口间及对地的散杂电容，使得各断口在开断位置的电压及在开断过程中的恢复电压分配不均匀，从而使各断口的工作条件及开断负担不相同。而降低整台断路器的开断性能。为此在各断口上并联一个比散杂电容大得多的电容器，使各断口上的电压分配均匀，以提高断路器的开断能力，所以断口并联电容器叫均匀电容器。故选B 。 答：B

注意这段话中的当断路器断开后，断口的均压电容

A:发电厂变电站接地网工作接地电阻不大于4欧姆，保护接地、防雷接地不大于10欧姆，且根据SH3038-2000中不同用途接地可共用一个总的接地装置，其接地电阻应符合最小接地电阻要求。

B 叙述的是工作接地 C 非故障相电压变化。 D 接地材料一般为铜和钢 答：A

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理论上说，切除任何一个感性负载都会产生操作过电压；

因为感性负载存在电感L ，通电的感性负载存在磁场Φ，也就有电磁能W ，这是个不能跃变的参数（W ＝1/2*L*I*I），当电流被切断时，电流不会瞬间变为0，这当中有个短暂的时间过程dt ，根据法拉第电磁感应定律E=-LdI/dt，因为dt 很小，就会在线圈中感应出一个很高的电压，这就是操作过电压； 故选择B 。

答： C 。

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C 电流互感器的误差与二次负载阻抗的大小成正比---广东电力杂志2005年12月中“二次负载对电流互感器误差的影响及测试方法”

A 架空线一般自身阻抗较大，不要要安装电抗器 B 母线电抗器一般加装在母线分段处；

C 采用分裂低压绕组变压器主要是为了限制短路电流。 D 正确，为分裂电抗器缺点

答： C 。